Usando recorrencias e conceito de divisibilidade cheguei na seguinte conclusão
seja um polinomio de grau p ,f(x).
Se tivermos
f(0)=f(1)=...=f(p) =0 mod k
(p+1 valores divisiveis por k)
então o polinomio f(x)
apresenta valores divisiveis por k, para todo x natural
isto é se pegarmos um polinomio
s
popular era o "engenharia de controle moderno", do K.
Ogata. Mas acho que não é um bom texto para começar...
[] ´s Demetrio
> agradeco a ajuda,
> abracos,
> Salhab
>
>
> - Original Message -
> From: "Demetrio Freitas"
> <[EMAIL PROTEC
--- Demetrio Freitas
<[EMAIL PROTECTED]> escreveu:
> Agora a antitransformada Z de X(z) lhe dará a x[n]
> procurada. Para obtê-la, vc deve decompor X(z) em
> frações parciais...
>
Perdão... A X(z) aberta em frações parciais é:
X(z)=5 +129/4/(z-1) +2/(z-1)^3 -112/(z-2) +459/4/(z-3)
+23/2/(z-1)
ra sobre isso na internet mas nao achei..
qual a interpretacao dos zeros e polos sobre uma transformada (seja
ela de laplace ou z)?
agradeco a ajuda,
abracos,
Salhab
- Original Message -
From: "Demetrio Freitas" <[EMAIL PROTECTED]>
To:
Sent: Monday, February 26, 2
> ou ha um metodo melhor, para calcular isso?
>
> Obrigado.
> --
> Rafael
>
Acredito que a ferramenta que você procure seja a
transformada Z. Eu não deveria responder sobre um
assunto em que eu estou tão enferrujado, mas...
A
Acho que entendi o que voce quis dizer, que existem varias tecnicas
diferentes para resolver recorrencias, mas so com pratica vou
conseguir perceber qual é a melhor na situacao dada do problema.
Por exemplo, mesmo que eu tivesse uma recorrencia do tipo a_n =
a_(n-1) + n^2 , a_0=0 e seguisse
On 2/22/07, Rafael <[EMAIL PROTECTED]> wrote:
Qual o metodo que voces usam para resolver recorrencias lineares
nao-homogeneas do tipo: a_n*x_n +...+a_0*x_0 = P(n)
sendo P(n) um polinomio em n.
Ex.: x_n - 5*x_(n-1) + 6*x_(n-2) = 5 + 3*n +2*n^2
Li uma solucao de um problema parecido com esse (mas
Qual o metodo que voces usam para resolver recorrencias lineares
nao-homogeneas do tipo: a_n*x_n +...+a_0*x_0 = P(n)
sendo P(n) um polinomio em n.
Ex.: x_n - 5*x_(n-1) + 6*x_(n-2) = 5 + 3*n +2*n^2
Li uma solucao de um problema parecido com esse (mas do mesmo formato
geral que eu descrevi acima) ,
a_n = 2a_(n-1) + n^22a_(n-1) = 4a_(n-2) + 2(n-1)^24a_(n-2) = 8a_(n-3) + 4(n-2)^2...2^(n-2)a_2 = 2^(n-1)a_1 + 2^(n-2) * 2^2somando, temos:a_n = 2^(n-1)a_1 + n^2 + 2(n-1)^2 + 4(n-2)^2 + ... + 2^(n-2) * 2^2a ideia eh essa.. tem q ver se nao tem nenhum erro de conta..dps tem outro somatorio pra vc
Bem, há uma maneira mais geral de se resolver estas recorrências. Para economizar o meu tempo recomendo o artigo do Héctor Pollman, na Eureka! 9.É um bom material de estudo.Vou resolver o primeiro, para mostrar como é:
a_n-2a_(n-1)=n^2a(n+1)-2a_n=(n+1)^2Subtraindo:a_(n+1)-3a_n+2a_(n-1)=2n+1a_(n+2)-
Ola,
a_n = 2a_(n-1) + n^2
2a_(n-1) = 4a_(n-2) + 2(n-1)^2
4a_(n-2) = 8a_(n-3) + 4(n-2)^2
.
.
.
2^(n-2)a_2 = 2^(n-1)a_1 + 2^(n-2) * 2^2
somando, temos:
a_n = 2^(n-1)a_1 + n^2 + 2(n-1)^2 + 4(n-2)^2 + ... + 2^(n-2) * 2^2
a ideia eh essa.. tem q ver se nao tem nenhum erro de conta..
dps tem outro som
ola gostaria de saber se alguem conhece alguma maneira de resolver as recorrencias abaixo, sem utilizar formulas ou coisas q veem em calculo 4, pois eu tenho um conhecimento sobre as homogeneas, mas agarrei nessas aih.. an = 2a(n-1) + n^2 an = 6a(n-1) -11a(n-2) + 6a(n-3) + 6n^2-40n +
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