Sejam os ângulos:
MBQ=x, QBN=y, CAB=a, BCA=c
Lei dos senos triângulos ABQ e CQB, tiramos que:
sen(20+x).sen(c)=sen(20+y).sen(a)
Aplicando teorema da bicetriz interna generalizado no triângulo MBN:
BM.sen(x)=BN.sen(y)
Lei dos senos em ABM e CBN, temos:
BM.sen(c)=BN.sen(a)
Logo:
sen(x).sen(a)=sen
No interior de um triângulo ABC toma-se o ponto P tal que PA=3, PB=5 e
PC=7. Se o perímetro da região ABC é máximo, prove que P é o incentro do
triângulo ABC
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Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antiv�rus e
acredita-se estar livre de perigo.
.
>
> Daí, com uma planilha...
> a(4) = 4+2+1 = 7
> a(5) = 7+4+2 = 13
> ...
> a(15) = 5768.
>
>
> On Thu, Jun 13, 2019 at 6:03 PM Vinícius Raimundo
> wrote:
>
>> Pedro tem que descer uma escada com 15 degraus. Porém, ele só pode descer
>>
Pedro tem que descer uma escada com 15 degraus. Porém, ele só pode descer
1, 2 ou 3 degraus de cada vez
De quantas maneiras ele pode fazer isso?
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Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antiv�rus e
acredita-se estar livre de perigo.
Considere os vértices do quadrilátero sendo A, B, C e D. Com AB=3, BC=2,
CD=4 e DA=x
Tome ainda P sendo o encontro das diagonais do quadrilátero. Então:
PA^2 + PB^2=9 (1)
PB^2 + PC^2=4 (2)
PC^2 + PD^2=16 (3)
PD^2 + PA^2=x^2 (4)
Fazendo (1)+(3)-(2), temos:
PD^2 + PA^2=16+9-4 =>
=> x^2=21
Em
Com auxílio do que foi discutido anteriormente acredito ter uma solução
Tome os ângulos ABC=y e BCA=z
Após marcar alguns ângulos, temos:
Teorema da bicetriz interna genaralizado nos triângulos AHC e AHB,
respectivamente:
EC/EA=HC.cosz/AH.senz
DA/DB=AH.seny/HB.cosy
Menelaus em ABC com P, D e E coli
Encontre o período na representação decimal de 1/3^2002
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acredita-se estar livre de perigo.
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