Um armario de segurança tem 3 cadeados. Cada cadeado tem 8 combinacoes
diferentes. O armario abre se quaisquer 2 dos 3 cadeados estao na posicao
correta, qual e o numero minimo de tentativas pra abrir o armario?
--
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acredita-se estar liv
Bom dia!
Novamente o problema está mal formulado.
Embora possa parecer claro, qual é o número mínimo de tentativas que *garanta
*abrir o armário*.*
Dois casos disjuntos atendem.
(i) Dois cadeados corretos e o outro errado.
Há uma chance de cada cadeado estar correto e 7 chances do terceiro est
Ola. O enunciado fala que se tiver no minimo dois exatos ele abre. Mas 491 nao
e a resposta. Rapidamente e possível achar um limite bem inferior de 64 (mantem
um constante e os outros dois usa as 64 possibilidades, uma delas deve abrir o
armario). Na verdade a resposta e 32.
> On Dec 23, 2016,
Hm, acho que dah para fazer com menos tentativas.
Sejam a, b e c as combinacoes corretas de cada cadeado, onde a,b,c
estao em {0,1,2,3,4,5,6,7}.
Tentanto, por exemplo, todas as combinacoes possiveis para a e b
(mantenha c=0), fazemos 64 tentativas, e com certeza vamos acabar
acertando a combinaca
Gostei da analogia dos cubinhos, mas não acredito que a resposta seja 24.
Lembre-se que os últimos cubinhos escolhidos vão acender menos cubinhos,
pois alguns já estarão acesos.
Estava tentando com menos possibilidades por cadeado. Se fossem 4, por
exemplo, seria possível abrir o cadeado certamente
Boa ideia, mas o cubo 8x8x8 sao OITO cubinhos 4x4x4, entao a gente tem
que trabalhar mais. :)
2016-12-23 17:21 GMT-02:00 Bruno Visnadi :
> Gostei da analogia dos cubinhos, mas não acredito que a resposta seja 24.
> Lembre-se que os últimos cubinhos escolhidos vão acender menos cubinhos,
> pois alg
24 nao eh possivel...
> On Dec 23, 2016, at 16:22, Ralph Teixeira wrote:
>
> Hm, acho que dah para fazer com menos tentativas.
>
> Sejam a, b e c as combinacoes corretas de cada cadeado, onde a,b,c
> estao em {0,1,2,3,4,5,6,7}.
>
> Tentanto, por exemplo, todas as combinacoes possiveis para a
Ops, que viagem, é mesmo.
Mas certamente é um valor menor que 64. Se fizéssemos com 4x4x4 a
estratégia de deixar um fixo e alterar os outros, dariam 16 possibilidades,
mas são apenas 8.
Em 23 de dezembro de 2016 16:41, Gabriel Tostes
escreveu:
> 24 nao eh possivel...
>
> > On Dec 23, 2016, at 16
Oi Wanderlei,
Realmente, acredito que falte o ângulo theta, já que ele pede para usar
sqrt(2)=1,4.
Na verdade o comprimento da maca, para tocar os extremos nas paredes dos
corredores, tem sua limitação dada por
(p^(2/3)+q^(2/3)^(3/2) se imaginarmos a largura da maca desprezível.
Abraços
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