Por isso o enunciado coloca "se duas parábolas,,,"
Uma maneira de provar, usando GA seria escolher, spg, uma parábola com a
diretriz coincidente com Ox, de foco (a,b) e a outra com a diretriz
coinicidindo com Oy e foco (c,d), sendo (x,y) qualquer dos quatro pontos de
intersecção (claro que os f
Em tempo...(?não dá para editar...) Estou procurando uma demonstração "mais
elegante"
i.e., sem GA.
[ ]'s
Olá,
Me deram uma dica assim, considere p(x)=(x²+1)(x²+2)(x²-2).Claramente p(x) não
tem raízes racionais.
Fiquei pensando porque esse polinomio resolve o problema.
Usando um teorema de resíduos quadráticos tenho que (-1/p) = 1 para p = 1
(mod4). Ou seja se meu primo for 4n+1 ele vai dividir meu
O símbolo de Legendre é multiplicativo. Então (-2/p)=(-1/p)(2/p). Isso
implica que um dos três símbolos é igual a 1, pois se nenhum dos dois da
direita são 1, o da esquerda é.
Lucas Colucci
Em 4 de setembro de 2012 16:51, Samuel Wainer escreveu:
> Olá,
>
> Me deram uma dica assim, considere p(x
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