Pois do jeito que você propôs, alguém poderia pensar que se trata de provar
que (s-1)(t-1)(u-1) divide stu - 1 para todos os inteiros s, t, u com 1 < s
< t < u, o que certamente não é verdade.
2018-03-23 16:55 GMT-03:00 Claudio Buffara :
> Sim. Eu só quis ter certeza
Sim. Eu só quis ter certeza de que o problema era:
achar todos os inteiros s, t, u com 1 < s < t < u tais que (s-1)(t-1)(u-1)
divide stu - 1
2018-03-23 16:45 GMT-03:00 Pedro José :
> Boa tarde!
> Seria bom desconsiderar o problema aqui, pois já tem um caminhão de notas.
>
Boa tarde!
Seria bom desconsiderar o problema aqui, pois já tem um caminhão de notas.
Criei uma mensagem nova, não sei porque foi parar aqui, não sei se pelo
assunto ter o mesmo nome.
Alguém postá-lo independente dessa leva.
Cláudio, o que você propôs, não tem solução. Não creio que ajude.
Não
Boa tarde!
Não entendi, os e-mails que estou enviando estão caindo anexo a esse,
mandei um propondo um problema e não o vi aparecer. Postei novamente. E os
dois caíram aqui, embora fosse uma mensagem nova.
Desculpem-me,
PJMS
Em 23 de março de 2018 15:38, Pedro José
Será que ajuda começar com um mais simples?
Achar s, t tais que (s-1)(t-1) | st - 1, com 1 < s < t.
2018-03-23 15:38 GMT-03:00 Pedro José :
> Boa tarde!
>
> Aproveitando que deu o que falar o problema postado pelo Douglas, tem um
> que achei mais interessante.
>
>
Depois eu dei uma demonstração que vale pra qualquer x real, positivo ou
negativo. Você não viu?
2018-03-23 15:20 GMT-03:00 Artur Steiner :
> !
>
> Ests prova vale para raízes positivas, certo? Para n par, há também uma
> raiz negativa.
>
> Para raízes positivas,
Boa tarde!
Aproveitando que deu o que falar o problema postado pelo Douglas, tem um
que achei mais interessante.
(s-1)(t-1).(u-1) | stu -1, com s, t, u inteiros e 1
!
Ests prova vale para raízes positivas, certo? Para n par, há também uma
raiz negativa.
Para raízes positivas, eu dei uma prova um pouco deferente da sua para a
irracionalidade de x, porque tinha provado antes que as raízes não triviais
estão em (1, e), no qual o único inteiro é 2. Depois,
Em Qui, 22 de mar de 2018 14:55, Artur Costa Steiner
escreveu:
> OK!
>
> Ests prova vale para raízes positivas, certo? Para n par, há também uma
> raiz negativa.
>
> Para raízes positivas, eu dei uma prova um pouco deferente da sua para a
> irracionalidade de x, porque
Você não havia explicado que* "fui fazer um experimento tirando o "1" da
equação. Usei um par (x,y) com a mesma paridade e achei um z inteiro.
Novamente usei outro par e deu outro z inteiro. Olhando para os
experimentos. Vi que nos dois casos z = -(x+y)/2. Ai tornou-se uma
conjectura."*
Ou seja,
Boa tarde!
Cláudio,
desculpe-me discordar, mas eu disse de onde veio. Só não veio de nenhuma
técnica.
Estava vendo que a parcela do problema: (x+y) (x+z) (y+z)/2 sempre seria
inteira pois dois desses valores teriam paridade iguais.
Aí fui fazer um experimento tirando o "1" da equação. Usei um
Boa tarde!
Seguindo a linha do Douglas, tem um que acho bem legal.
(s-1) (t-1)(u-1) | stu -1 s,t, u estritamente naturais e s
Bom dia!
Anderson,
o Gugu já avançou, em uma nota acima. E é passível.
Revendo a solução do Ralph, fica claro que essa transformação seria de
valia.
Pois essa transformação leva a :
a = (y+z)/2
b= (x+z)/2
c= (x+y)/2
Então na ordem que o Ralph apresentou: 1/2*(2x+y+z)(x+2y+z)(x+y+2z)=1
(b+c) dá
Na verdade os meus questionamentos surgiram por causa do meu interesse em
ensino de matemática.
Por exemplo, produtos notáveis e fatorações são notoriamente mal ensinados,
pelo menos nos livros didáticos de 8o e 9o ano que eu examinei.
Nenhum menciona que:
a) as generalizações de (x+y)^2 = x^2 +
Em 21 de março de 2018 09:47, Claudio Buffara
escreveu:
> Como você passou de:
> 4abc + (a+b+c)^3 + (-a+b+c)(a-b+c)(a+b-c) = 1
>
> Para:
> 4(a+b+c)(ab+ac+bc) - 4abc = 1
It's kind of magic. Eu simplesmente abri tudo com vontade e notei
certas repetições
que sempre
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