[obm-l] Re: [obm-l] Sistema de equações lineares
Para de spammar Em dom., 17 de abr. de 2022 às 01:16, Felippe Coulbert Balbi escreveu: > > Eu tenho um sistema de equações lineares com 12 variaveis: x1, x2,...,x12. > Essas variaveis assumem valor somente no conjunto {0, 1, 1/2, 1/3}. > > Eu tenho 8 equações > > 4 equações é um sistema linear que pode ser escrito como: > > Ax= b > > A é uma matriz de 4 linhas e 12 colunas, b é uma matriz de 4 linhas e 1 coluna > > As outras 4 equações são: > > x1+x2+x3 = 1 > > x4+x5+x6 = 1 > > x7+x8+x9 = 1 > > x10+x11+x12 = 1 > > Para quais valores de A e b, esse sistema tem solucao? Quando a solucao desse > sistema é unica? > > Grato, > Felippe > > -- > Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antivírus e > acredita-se estar livre de perigo. -- Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antiv�rus e acredita-se estar livre de perigo. = Instru��es para entrar na lista, sair da lista e usar a lista em http://www.mat.puc-rio.br/~obmlistas/obm-l.html =
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Boa tarde! Perdão. Faltou uma restrição. C1+C2= 2AB/3 - 4A^3/27. Saudações. Em 7 de fevereiro de 2017 11:20, Pedro Joséescreveu: > Bom dia! > > A curiosidade estendida: > > Sejam os polinômios P1(x) = x^3 + Ax^2 + Bx + C1 e P2(x) = x^3 + Ax^2 + Bx > + C2 com A, B, C1 e C2 reais e 4A^2<12B. > > A soma das raízes reais dos polinômios dará - 2A/3. > > Saudações > > > > Em 6 de fevereiro de 2017 20:36, Pedro José > escreveu: > >> Boa noite! >> >> Curiosidade: se os polinômios forem x^3 - 3x^2 +5x + c1 e y^3 - 3y^2 + 5y >> +c2 e c1 +c2 = -6, a soma das raízes reais do polinômio dará 2. >> >> Saudações. >> >> Em 6 de fevereiro de 2017 16:37, Pedro José >> escreveu: >> >>> Boa tarde! >>> >>> Bela solução. >>> >>> Já eu, fui para a grosseria. >>> >>> Achei as raízes reais das duas equações. >>> >>> x= (-1+ (35/27)^1/2)^1/3 + (-1 - (35/27)^1/2)^1/3 + 1 >>> y = (1 + (35/27)^1/2)^1/3 + (1 -(35/27)^1/2)^1/3 + 1 >>> >>> x+ y =2. >>> >>> Não há outras raízes reais, pois ambos polinômios, x^3 -3x^2 + 5x e >>> y^2-3y^2+5y, são monótonas crescentes em |R. >>> >>> >>> A do Pacini é mais legal, fica (k-2) [3x^2-3kx + k^2-k+3]=0 e o >>> determinante do termo entre colchetes é sempre negativo. Portanto k =2. >>> >>> >>> Saudações, >>> PJMS >>> >>> >>> Em 5 de fevereiro de 2017 09:44, Carlos Gomes >>> escreveu: >>> Agora o enunciado faz sentido! Esse problema está resolvido nosso livro Olimpíadas de Matemática do Estado do Rio Grande do Norte - 1985 - 2007. Abraço, Cgomes, Em 4 de fevereiro de 2017 14:35, Pacini Bores escreveu: > > > > > > Oi Marcone, errei na digitação : digo 1 > Em 04/02/2017 10:34, Pacini Bores escreveu: > > > > > Oi Marcone, > > Tome x+y=k e faça y = k-x na segunda equação. Observe que 0 0 > No final coloque (k-2) em evidencia e ficará (k-2).p(x)=0; onde p(x) é > um polinômio do segundo grau em x que não se anulará nas observações > colocadas anteriormente. > > Logo k=2 , ok ? Confira as contas. > > Abraços > > Pacini > > Em 03/02/2017 17:47, marcone augusto araújo borges escreveu: > > Como nada foi afirmado, x e y devem ser números reais > > > > Se x^3 - 3x^2 + 5x = 1 e y^2 - 3y^2 + 5y = 5, calcule x+y > > -- > Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antivírus e > acredita-se estar livre de perigo. > > > -- > Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antivírus e > acredita-se estar livre de perigo. > -- Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antivírus e acredita-se estar livre de perigo. >>> >>> >> > -- Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antiv�rus e acredita-se estar livre de perigo.
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Bom dia! A curiosidade estendida: Sejam os polinômios P1(x) = x^3 + Ax^2 + Bx + C1 e P2(x) = x^3 + Ax^2 + Bx + C2 com A, B, C1 e C2 reais e 4A^2<12B. A soma das raízes reais dos polinômios dará - 2A/3. Saudações Em 6 de fevereiro de 2017 20:36, Pedro Joséescreveu: > Boa noite! > > Curiosidade: se os polinômios forem x^3 - 3x^2 +5x + c1 e y^3 - 3y^2 + 5y > +c2 e c1 +c2 = -6, a soma das raízes reais do polinômio dará 2. > > Saudações. > > Em 6 de fevereiro de 2017 16:37, Pedro José > escreveu: > >> Boa tarde! >> >> Bela solução. >> >> Já eu, fui para a grosseria. >> >> Achei as raízes reais das duas equações. >> >> x= (-1+ (35/27)^1/2)^1/3 + (-1 - (35/27)^1/2)^1/3 + 1 >> y = (1 + (35/27)^1/2)^1/3 + (1 -(35/27)^1/2)^1/3 + 1 >> >> x+ y =2. >> >> Não há outras raízes reais, pois ambos polinômios, x^3 -3x^2 + 5x e >> y^2-3y^2+5y, são monótonas crescentes em |R. >> >> >> A do Pacini é mais legal, fica (k-2) [3x^2-3kx + k^2-k+3]=0 e o >> determinante do termo entre colchetes é sempre negativo. Portanto k =2. >> >> >> Saudações, >> PJMS >> >> >> Em 5 de fevereiro de 2017 09:44, Carlos Gomes >> escreveu: >> >>> Agora o enunciado faz sentido! Esse problema está resolvido nosso livro >>> Olimpíadas de Matemática do Estado do Rio Grande do Norte - 1985 - 2007. >>> >>> Abraço, Cgomes, >>> >>> >>> Em 4 de fevereiro de 2017 14:35, Pacini Bores >>> escreveu: >>> Oi Marcone, errei na digitação : digo 1 >> >>> >>> -- >>> Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antivírus e >>> acredita-se estar livre de perigo. >>> >> >> > -- Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antiv�rus e acredita-se estar livre de perigo.
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Boa noite! Curiosidade: se os polinômios forem x^3 - 3x^2 +5x + c1 e y^3 - 3y^2 + 5y +c2 e c1 +c2 = -6, a soma das raízes reais do polinômio dará 2. Saudações. Em 6 de fevereiro de 2017 16:37, Pedro Joséescreveu: > Boa tarde! > > Bela solução. > > Já eu, fui para a grosseria. > > Achei as raízes reais das duas equações. > > x= (-1+ (35/27)^1/2)^1/3 + (-1 - (35/27)^1/2)^1/3 + 1 > y = (1 + (35/27)^1/2)^1/3 + (1 -(35/27)^1/2)^1/3 + 1 > > x+ y =2. > > Não há outras raízes reais, pois ambos polinômios, x^3 -3x^2 + 5x e > y^2-3y^2+5y, são monótonas crescentes em |R. > > > A do Pacini é mais legal, fica (k-2) [3x^2-3kx + k^2-k+3]=0 e o > determinante do termo entre colchetes é sempre negativo. Portanto k =2. > > > Saudações, > PJMS > > > Em 5 de fevereiro de 2017 09:44, Carlos Gomes > escreveu: > >> Agora o enunciado faz sentido! Esse problema está resolvido nosso livro >> Olimpíadas de Matemática do Estado do Rio Grande do Norte - 1985 - 2007. >> >> Abraço, Cgomes, >> >> >> Em 4 de fevereiro de 2017 14:35, Pacini Bores >> escreveu: >> >>> >>> >>> >>> >>> >>> Oi Marcone, errei na digitação : digo 1 >> >>> Em 04/02/2017 10:34, Pacini Bores escreveu: >>> >>> >>> >>> >>> Oi Marcone, >>> >>> Tome x+y=k e faça y = k-x na segunda equação. Observe que 0 >> 0 >> >>> No final coloque (k-2) em evidencia e ficará (k-2).p(x)=0; onde p(x) é >>> um polinômio do segundo grau em x que não se anulará nas observações >>> colocadas anteriormente. >>> >>> Logo k=2 , ok ? Confira as contas. >>> >>> Abraços >>> >>> Pacini >>> >>> Em 03/02/2017 17:47, marcone augusto araújo borges escreveu: >>> >>> Como nada foi afirmado, x e y devem ser números reais >>> >>> >>> >>> Se x^3 - 3x^2 + 5x = 1 e y^2 - 3y^2 + 5y = 5, calcule x+y >>> >>> -- >>> Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antivírus e >>> acredita-se estar livre de perigo. >>> >>> >>> -- >>> Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antivírus e >>> acredita-se estar livre de perigo. >>> >> >> >> -- >> Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antivírus e >> acredita-se estar livre de perigo. >> > > -- Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antiv�rus e acredita-se estar livre de perigo.
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Boa tarde! Bela solução. Já eu, fui para a grosseria. Achei as raízes reais das duas equações. x= (-1+ (35/27)^1/2)^1/3 + (-1 - (35/27)^1/2)^1/3 + 1 y = (1 + (35/27)^1/2)^1/3 + (1 -(35/27)^1/2)^1/3 + 1 x+ y =2. Não há outras raízes reais, pois ambos polinômios, x^3 -3x^2 + 5x e y^2-3y^2+5y, são monótonas crescentes em |R. A do Pacini é mais legal, fica (k-2) [3x^2-3kx + k^2-k+3]=0 e o determinante do termo entre colchetes é sempre negativo. Portanto k =2. Saudações, PJMS Em 5 de fevereiro de 2017 09:44, Carlos Gomesescreveu: > Agora o enunciado faz sentido! Esse problema está resolvido nosso livro > Olimpíadas de Matemática do Estado do Rio Grande do Norte - 1985 - 2007. > > Abraço, Cgomes, > > > Em 4 de fevereiro de 2017 14:35, Pacini Bores > escreveu: > >> >> >> >> >> >> Oi Marcone, errei na digitação : digo 1 > >> Em 04/02/2017 10:34, Pacini Bores escreveu: >> >> >> >> >> Oi Marcone, >> >> Tome x+y=k e faça y = k-x na segunda equação. Observe que 0 > 0 > >> No final coloque (k-2) em evidencia e ficará (k-2).p(x)=0; onde p(x) é um >> polinômio do segundo grau em x que não se anulará nas observações >> colocadas anteriormente. >> >> Logo k=2 , ok ? Confira as contas. >> >> Abraços >> >> Pacini >> >> Em 03/02/2017 17:47, marcone augusto araújo borges escreveu: >> >> Como nada foi afirmado, x e y devem ser números reais >> >> >> >> Se x^3 - 3x^2 + 5x = 1 e y^2 - 3y^2 + 5y = 5, calcule x+y >> >> -- >> Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antivírus e >> acredita-se estar livre de perigo. >> >> >> -- >> Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antivírus e >> acredita-se estar livre de perigo. >> > > > -- > Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antivírus e > acredita-se estar livre de perigo. > -- Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antiv�rus e acredita-se estar livre de perigo.
[obm-l] Re: [obm-l] Re: [obm-l] Sistema de equações
Agora o enunciado faz sentido! Esse problema está resolvido nosso livro Olimpíadas de Matemática do Estado do Rio Grande do Norte - 1985 - 2007. Abraço, Cgomes, Em 4 de fevereiro de 2017 14:35, Pacini Boresescreveu: > > > > > > Oi Marcone, errei na digitação : digo 1 > Em 04/02/2017 10:34, Pacini Bores escreveu: > > > > > Oi Marcone, > > Tome x+y=k e faça y = k-x na segunda equação. Observe que 0 0 > No final coloque (k-2) em evidencia e ficará (k-2).p(x)=0; onde p(x) é um > polinômio do segundo grau em x que não se anulará nas observações > colocadas anteriormente. > > Logo k=2 , ok ? Confira as contas. > > Abraços > > Pacini > > Em 03/02/2017 17:47, marcone augusto araújo borges escreveu: > > Como nada foi afirmado, x e y devem ser números reais > > > > Se x^3 - 3x^2 + 5x = 1 e y^2 - 3y^2 + 5y = 5, calcule x+y > > -- > Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antivírus e > acredita-se estar livre de perigo. > > > -- > Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antivírus e > acredita-se estar livre de perigo. > -- Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antiv�rus e acredita-se estar livre de perigo.
[obm-l] Re: [obm-l] Sistema de equações
Oi Marcone, errei na digitação : digo 1Oi Marcone, > > Tome x+y=k e faça y = k-x na segunda equação. Observe que 0 ou seja, 1 > No final coloque (k-2) em evidencia e ficará (k-2).p(x)=0; onde p(x) é um > polinômio do segundo grau em x que não se anulará nas observações colocadas > anteriormente. > > Logo k=2 , ok ? Confira as contas. > > Abraços > > Pacini > > Em 03/02/2017 17:47, marcone augusto araújo borges escreveu: > >> Como nada foi afirmado, x e y devem ser números reais >> >> Se x^3 - 3x^2 + 5x = 1 e y^2 - 3y^2 + 5y = 5, calcule x+y >> -- >> Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antivírus e >> acredita-se estar livre de perigo. -- Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antiv�rus e acredita-se estar livre de perigo.
[obm-l] Re: [obm-l] Sistema de equações
Oi Marcone, Tome x+y=k e faça y = k-x na segunda equação. Observe que 0Como nada foi afirmado, x e y devem ser números reais > > Se x^3 - 3x^2 + 5x = 1 e y^2 - 3y^2 + 5y = 5, calcule x+y > -- > Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antivírus e > acredita-se estar livre de perigo. -- Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antiv�rus e acredita-se estar livre de perigo.
[obm-l] Re: [obm-l] Re: [obm-l] Re: [obm-l] Sistema de equações
Boa tarde! Na verdade 0a1, 0b1 e 0c1. (ii) ab+bc+ac =1 (v) a+b+c = abc É fácil ver que pelo menos duas varíaveis devam ser menores que 1 para atender (ii) (v) e (ii) impedem que haja apenas uma das varíaveis maior ou igual a 1. Já que o sistema é simétrico. Vamos supor que a = 1== ab 1 pois caso contrário não teríamos como atender ab + bc + ac =1; pois, ac0 e bc0. Então abc 1 pois c1 e por (v) abc = a + b +c (absurdo pois a+ b + c 1). Saudações, PJMS Em 3 de julho de 2015 18:43, Ralph Teixeira ralp...@gmail.com escreveu: Bom, podemos mostrar que sen²x+sen²y+sen²z=1; x+y+z=pi/2 implicam que algum dos ângulos x, y, z é múltiplo de pi/2 (em particular, não serão todos positivos). Serve para o que você quer? Em primeiro lugar, tome A=2x, B=2y e C=2z. Traduzimos tudo então para: (1-cosA)/2+(1-cosB)/2+(1-cosC)/2=1, isto é, cosA+cosB+cosC=1. A+B+C=pi E quero mostrar que A ou B ou C são múltiplos de pi, ou seja, que sinAsinBsinC=0. Oras, como A+B+C=pi, cosC=-cos(A+B)=sinAsinB-cosAcosB. Jogando na primeira: sinA.sinB=1-cosA-cosB+cosAcosB=(1-cosA)(1-cosB) Se sinAsinB0, posso multiplicar isto por (1+cosA)(1+cosB)/(sinAsinB) dos dois lados: (1+cosA)(1+cosB)=sinA.sinB Igualando essas duas equações, tiro que cosA+cosB=0. Então cosC=1, portanto sinC=0. (Hmmm, que estranho... errei alguma conta?) ---///--- Suponho que sua primeira condição seja análoga, fazendo a=tanx, b=tany,c=tanz, acertei? Abraço, Ralph. 2015-07-03 16:01 GMT-03:00 Pedro José petroc...@gmail.com: Boa tarde! (i) a²/(1+a²)+b²/(1+b²)+c²/(1+c²)=1 (ii) ab+bc+ac=1 de (i) temos a^2(1+b^2)*(1+c^2) + b^2(1+a^2)*(1+c^2) +c^2*(1+a^2)*(1+b^2) = (1+a^2)*(1+b^2)*(1+c^2) 2*a^2*b^2*c^2 +a^2*b^2 + b^2*c^2 + a^2*c^2 = 1 (iii) de (ii) 1 = a^2*b^2 + a^2*c^2+b^2*c^2 + 2*(a^2*b*c + b^2*a*c+c^2*a*b) (iv) (iii) e (iv) == 2*a^2*b^2*c^2 = 2*(a^2*b*c + b^2*a*c+c^2*a*b) == abc= a+ b +c (v) É fácil observar que a=b=c=0 atende (v) Seja y=abc e z = a+ b+ c a 0, b0 e c0 e (ii) == 0a1, 0b1 e c0c1. == ab1, bc 1 e ac1. δy/δa = bc, δy/δb = ac, δy/δc = ab e δz/δa = 1, δz/δb = 1, δz/δc = 1 Logo y cresce a uma taxa menor z para 0a1, 0b1 e c0c1 e como para a=b=c =0 : y=z == y z para 0a1, 0b1 e c0c1. É bem provável que exista uma solução mais elegante usando alguma desigualdade Sds, PJMS Em 2 de julho de 2015 14:54, Israel Meireles Chrisostomo israelmchrisost...@gmail.com escreveu: Olá pessoal, boa tarde.Será que alguém aí sabe se o problema abaixo existe em algum livro, olimpíada ou em qualquer outro lugar?Por favor, se souberem, me digam qual Prove que o sistema não possui soluções reais positivas: a²/(1+a²)+b²/(1+b²)+c²/(1+c²)=1 ab+bc+ac=1 Ou alguém conhece um problema com o seguinte enunciado: Prove que se sen²a+sen²b+sen²c=1 então a+b+c≠pi/2 Se tiverem o livro/prova que tenham estes problemas, por favor, me digam qual. -- Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antivírus e acredita-se estar livre de perigo. -- Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antivírus e acredita-se estar livre de perigo. -- Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antivírus e acredita-se estar livre de perigo. -- Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antiv�rus e acredita-se estar livre de perigo.
[obm-l] Re: [obm-l] Sistema de equações
Boa tarde! (i) a²/(1+a²)+b²/(1+b²)+c²/(1+c²)=1 (ii) ab+bc+ac=1 de (i) temos a^2(1+b^2)*(1+c^2) + b^2(1+a^2)*(1+c^2) +c^2*(1+a^2)*(1+b^2) = (1+a^2)*(1+b^2)*(1+c^2) 2*a^2*b^2*c^2 +a^2*b^2 + b^2*c^2 + a^2*c^2 = 1 (iii) de (ii) 1 = a^2*b^2 + a^2*c^2+b^2*c^2 + 2*(a^2*b*c + b^2*a*c+c^2*a*b) (iv) (iii) e (iv) == 2*a^2*b^2*c^2 = 2*(a^2*b*c + b^2*a*c+c^2*a*b) == abc= a+ b +c (v) É fácil observar que a=b=c=0 atende (v) Seja y=abc e z = a+ b+ c a 0, b0 e c0 e (ii) == 0a1, 0b1 e c0c1. == ab1, bc 1 e ac1. δy/δa = bc, δy/δb = ac, δy/δc = ab e δz/δa = 1, δz/δb = 1, δz/δc = 1 Logo y cresce a uma taxa menor z para 0a1, 0b1 e c0c1 e como para a=b=c =0 : y=z == y z para 0a1, 0b1 e c0c1. É bem provável que exista uma solução mais elegante usando alguma desigualdade Sds, PJMS Em 2 de julho de 2015 14:54, Israel Meireles Chrisostomo israelmchrisost...@gmail.com escreveu: Olá pessoal, boa tarde.Será que alguém aí sabe se o problema abaixo existe em algum livro, olimpíada ou em qualquer outro lugar?Por favor, se souberem, me digam qual Prove que o sistema não possui soluções reais positivas: a²/(1+a²)+b²/(1+b²)+c²/(1+c²)=1 ab+bc+ac=1 Ou alguém conhece um problema com o seguinte enunciado: Prove que se sen²a+sen²b+sen²c=1 então a+b+c≠pi/2 Se tiverem o livro/prova que tenham estes problemas, por favor, me digam qual. -- Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antivírus e acredita-se estar livre de perigo. -- Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antiv�rus e acredita-se estar livre de perigo.
[obm-l] Re: [obm-l] Sistema de equações
Boa tarde! Não havia visto o segundo. a =b=pi/4 e c=0 atenfde e a+b+c = pi/2. Precisa ter outra restrição ou está errada a proposição. Sds, PJMS Em 3 de julho de 2015 16:01, Pedro José petroc...@gmail.com escreveu: Boa tarde! (i) a²/(1+a²)+b²/(1+b²)+c²/(1+c²)=1 (ii) ab+bc+ac=1 de (i) temos a^2(1+b^2)*(1+c^2) + b^2(1+a^2)*(1+c^2) +c^2*(1+a^2)*(1+b^2) = (1+a^2)*(1+b^2)*(1+c^2) 2*a^2*b^2*c^2 +a^2*b^2 + b^2*c^2 + a^2*c^2 = 1 (iii) de (ii) 1 = a^2*b^2 + a^2*c^2+b^2*c^2 + 2*(a^2*b*c + b^2*a*c+c^2*a*b) (iv) (iii) e (iv) == 2*a^2*b^2*c^2 = 2*(a^2*b*c + b^2*a*c+c^2*a*b) == abc= a+ b +c (v) É fácil observar que a=b=c=0 atende (v) Seja y=abc e z = a+ b+ c a 0, b0 e c0 e (ii) == 0a1, 0b1 e c0c1. == ab1, bc 1 e ac1. δy/δa = bc, δy/δb = ac, δy/δc = ab e δz/δa = 1, δz/δb = 1, δz/δc = 1 Logo y cresce a uma taxa menor z para 0a1, 0b1 e c0c1 e como para a=b=c =0 : y=z == y z para 0a1, 0b1 e c0c1. É bem provável que exista uma solução mais elegante usando alguma desigualdade Sds, PJMS Em 2 de julho de 2015 14:54, Israel Meireles Chrisostomo israelmchrisost...@gmail.com escreveu: Olá pessoal, boa tarde.Será que alguém aí sabe se o problema abaixo existe em algum livro, olimpíada ou em qualquer outro lugar?Por favor, se souberem, me digam qual Prove que o sistema não possui soluções reais positivas: a²/(1+a²)+b²/(1+b²)+c²/(1+c²)=1 ab+bc+ac=1 Ou alguém conhece um problema com o seguinte enunciado: Prove que se sen²a+sen²b+sen²c=1 então a+b+c≠pi/2 Se tiverem o livro/prova que tenham estes problemas, por favor, me digam qual. -- Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antivírus e acredita-se estar livre de perigo. -- Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antiv�rus e acredita-se estar livre de perigo.
[obm-l] Re: [obm-l] Sistema de equações
Boa noite! A primeira está completamente errada. Pode-se ter uma das variáveis maior que um. O que não pode são duas delas. Desculpe-me, PJMS Em 3 de julho de 2015 16:19, Pedro José petroc...@gmail.com escreveu: Boa tarde! Não havia visto o segundo. a =b=pi/4 e c=0 atenfde e a+b+c = pi/2. Precisa ter outra restrição ou está errada a proposição. Sds, PJMS Em 3 de julho de 2015 16:01, Pedro José petroc...@gmail.com escreveu: Boa tarde! (i) a²/(1+a²)+b²/(1+b²)+c²/(1+c²)=1 (ii) ab+bc+ac=1 de (i) temos a^2(1+b^2)*(1+c^2) + b^2(1+a^2)*(1+c^2) +c^2*(1+a^2)*(1+b^2) = (1+a^2)*(1+b^2)*(1+c^2) 2*a^2*b^2*c^2 +a^2*b^2 + b^2*c^2 + a^2*c^2 = 1 (iii) de (ii) 1 = a^2*b^2 + a^2*c^2+b^2*c^2 + 2*(a^2*b*c + b^2*a*c+c^2*a*b) (iv) (iii) e (iv) == 2*a^2*b^2*c^2 = 2*(a^2*b*c + b^2*a*c+c^2*a*b) == abc= a+ b +c (v) É fácil observar que a=b=c=0 atende (v) Seja y=abc e z = a+ b+ c a 0, b0 e c0 e (ii) == 0a1, 0b1 e c0c1. == ab1, bc 1 e ac1. δy/δa = bc, δy/δb = ac, δy/δc = ab e δz/δa = 1, δz/δb = 1, δz/δc = 1 Logo y cresce a uma taxa menor z para 0a1, 0b1 e c0c1 e como para a=b=c =0 : y=z == y z para 0a1, 0b1 e c0c1. É bem provável que exista uma solução mais elegante usando alguma desigualdade Sds, PJMS Em 2 de julho de 2015 14:54, Israel Meireles Chrisostomo israelmchrisost...@gmail.com escreveu: Olá pessoal, boa tarde.Será que alguém aí sabe se o problema abaixo existe em algum livro, olimpíada ou em qualquer outro lugar?Por favor, se souberem, me digam qual Prove que o sistema não possui soluções reais positivas: a²/(1+a²)+b²/(1+b²)+c²/(1+c²)=1 ab+bc+ac=1 Ou alguém conhece um problema com o seguinte enunciado: Prove que se sen²a+sen²b+sen²c=1 então a+b+c≠pi/2 Se tiverem o livro/prova que tenham estes problemas, por favor, me digam qual. -- Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antivírus e acredita-se estar livre de perigo. -- Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antiv�rus e acredita-se estar livre de perigo.
[obm-l] Re: [obm-l] Re: [obm-l] Sistema de equações
Bom, podemos mostrar que sen²x+sen²y+sen²z=1; x+y+z=pi/2 implicam que algum dos ângulos x, y, z é múltiplo de pi/2 (em particular, não serão todos positivos). Serve para o que você quer? Em primeiro lugar, tome A=2x, B=2y e C=2z. Traduzimos tudo então para: (1-cosA)/2+(1-cosB)/2+(1-cosC)/2=1, isto é, cosA+cosB+cosC=1. A+B+C=pi E quero mostrar que A ou B ou C são múltiplos de pi, ou seja, que sinAsinBsinC=0. Oras, como A+B+C=pi, cosC=-cos(A+B)=sinAsinB-cosAcosB. Jogando na primeira: sinA.sinB=1-cosA-cosB+cosAcosB=(1-cosA)(1-cosB) Se sinAsinB0, posso multiplicar isto por (1+cosA)(1+cosB)/(sinAsinB) dos dois lados: (1+cosA)(1+cosB)=sinA.sinB Igualando essas duas equações, tiro que cosA+cosB=0. Então cosC=1, portanto sinC=0. (Hmmm, que estranho... errei alguma conta?) ---///--- Suponho que sua primeira condição seja análoga, fazendo a=tanx, b=tany,c=tanz, acertei? Abraço, Ralph. 2015-07-03 16:01 GMT-03:00 Pedro José petroc...@gmail.com: Boa tarde! (i) a²/(1+a²)+b²/(1+b²)+c²/(1+c²)=1 (ii) ab+bc+ac=1 de (i) temos a^2(1+b^2)*(1+c^2) + b^2(1+a^2)*(1+c^2) +c^2*(1+a^2)*(1+b^2) = (1+a^2)*(1+b^2)*(1+c^2) 2*a^2*b^2*c^2 +a^2*b^2 + b^2*c^2 + a^2*c^2 = 1 (iii) de (ii) 1 = a^2*b^2 + a^2*c^2+b^2*c^2 + 2*(a^2*b*c + b^2*a*c+c^2*a*b) (iv) (iii) e (iv) == 2*a^2*b^2*c^2 = 2*(a^2*b*c + b^2*a*c+c^2*a*b) == abc= a+ b +c (v) É fácil observar que a=b=c=0 atende (v) Seja y=abc e z = a+ b+ c a 0, b0 e c0 e (ii) == 0a1, 0b1 e c0c1. == ab1, bc 1 e ac1. δy/δa = bc, δy/δb = ac, δy/δc = ab e δz/δa = 1, δz/δb = 1, δz/δc = 1 Logo y cresce a uma taxa menor z para 0a1, 0b1 e c0c1 e como para a=b=c =0 : y=z == y z para 0a1, 0b1 e c0c1. É bem provável que exista uma solução mais elegante usando alguma desigualdade Sds, PJMS Em 2 de julho de 2015 14:54, Israel Meireles Chrisostomo israelmchrisost...@gmail.com escreveu: Olá pessoal, boa tarde.Será que alguém aí sabe se o problema abaixo existe em algum livro, olimpíada ou em qualquer outro lugar?Por favor, se souberem, me digam qual Prove que o sistema não possui soluções reais positivas: a²/(1+a²)+b²/(1+b²)+c²/(1+c²)=1 ab+bc+ac=1 Ou alguém conhece um problema com o seguinte enunciado: Prove que se sen²a+sen²b+sen²c=1 então a+b+c≠pi/2 Se tiverem o livro/prova que tenham estes problemas, por favor, me digam qual. -- Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antivírus e acredita-se estar livre de perigo. -- Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antivírus e acredita-se estar livre de perigo. -- Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antiv�rus e acredita-se estar livre de perigo.
[obm-l] Re: [obm-l] Re: [obm-l] Re: [obm-l] Sistema de equações trigonométricas e exponenciais
sen(x + y) = sen(x) + sen(y) e^x + e^y = 1 senxcosy+cosxseny=senx+seny senx(1-cosy)=seny(cosx-1) tgx/2=tgy/2 tgx/2=-tgy/2 x/2=y/2+npi x=y+2npi e^y=1/(e^2npi+1) y=-ln(e^2npi+1) 2013/7/26 Marcos Martinelli mffmartine...@gmail.com Verdade! Comi uma mosca nessa parte: sen (y/2) 0 - cos(x + y/2) = cos(y/2) - x = - 2k . pi Na verdade, temos: sen (y/2) 0 - cos(x + y/2) = cos(y/2) - x = - 2k . pi ou x + y = - 2k . pi Obrigado, Nehab! Bom problema! Em 26 de julho de 2013 15:29, Artur Costa Steiner steinerar...@gmail.comescreveu: Eu gostaria de elaborar um pouco mais, a partir do ponto em que o Marcos parou. Acho que há ainda outras soluções. O Marcos concluiu, da 1a equação, que sen(y/2) (cos(x + y/2) - cos(y/2)) = 0 Aplicando uma conhecida identidade trigonométrica na linha da que ele usou, obtemos sen(y/2) (-2sen(x/2) sen((x + y)/2) = 0 sen(y/2) sen(x/2) sen((x + y)/2) = 0 Assim, sendo k um inteiro, a 1a equação será satisfeita se, e somente se, pelo menos uma das seguintes condições for satisfeita: sen(y/2) = 0, equivalente a y/2 = kπ, y= 2kπ sen(x/2) = 0, x = 2kπ sen(x + y) = 0, x + y = 2kπ As duas primeira condições já foram abordadas pelo Marcos Se vigorar a 3a condição, então y = 2kπ - x e a 2a equação implica que e^x + e^(2kπ - x) = 1 (e^x)^2 - e^x + e^(2kπ) = 0 Como estamos nos reais, uma condição necessária para haver solução é que esta equação quadrática em e ^x tenha pelo menos uma raiz real. Logo, uma condição necessária é que 1 - 4 e^(2kπ) ≥ 0, ou seja, e^(2kπ) ≤ 1/4, k ≤ -ln(4)/(2kπ). Como k é inteiro, isto implica simplesmente que k ≤ -1. Neste caso, temos que e^x = (1 - sqrt(1 - 4 e^(2kπ)))/2 e e^x = (1 + sqrt(1 - 4 e^(2kπ)))/2. Em ambos os casos, o segundo membro é positivo, de modo que temos x = ln((4 - sqrt(1 - 4 e^(2kπ)))/2) ou x = e^x = (4 - sqrt(1 + 4 e^(2kπ)))/2) e y = 2kπ - x. Em suma, o conjunto solução desta equação é a união dos seguintes conjuntos A = {(x, y) em R^2 | x = ln(1 - e^(2kπ)), k 0, k inteiro, x ∈ R} B = {(x, y) em R^2 | x ∈ R, y = ln(1 - e^(2kπ)), k 0, k inteiro} C = {(x, y) em R^2 | x = ln((4 - sqrt(1 - 4 e^(2kπ)))/2) , y= 2kπ - x, k 0, k inteiro} D = {(x, y) em R^2 | x = ln((4 - sqrt(1 + 4 e^(2kπ)))/2) , y= 2kπ - x, k 0, k inteiro} Dê uma conferida. Artur Costa Steiner Em 26/07/2013, às 13:21, Marcos Martinelli mffmartine...@gmail.com escreveu: Da segunda equação, devemos ter: x 0 e y 0 (*). Suponhamos, sem perda de generalidade, que x = 0 - e^x = 1 - e^y = (1 - e^x) = 0. Absurdo, pois e^y 0 para qualquer y real. I) sen (x + y) = sen(x) + sen(y) - sen (x + y) - sen(x) = sen(y) - 2 . sen(y/2) . cos(x + y/2) = 2 . sen(y/2) . cos(y/2). Vamos considerar duas hipóteses: I.i) sen (y/2) = 0 - y = - 2k . pi (com k natural. Estou excluindo os valores positivos de y que resolveriam essa equação, devido à observação (*)). Substituindo na segunda equação: e^x + e^(- 2k . pi) = 1 - x = ln(1 - e^(- 2k . pi)). I.ii) sen (y/2) 0 - cos(x + y/2) = cos(y/2) - x = - 2k . pi (com k natural. Aqui vale a mesma observação feita em I.i). Analogamente: y = ln(1 - e^(- 2k . pi)). Portanto, as soluções são: (- 2k . pi ; ln(1 - e^(- 2k . pi))) e (ln(1 - e^(- 2k . pi)) ; - 2k . pi ) [onde k é natural e diferente de zero.] Em 26 de julho de 2013 11:11, Merryl M sc...@hotmail.com escreveu: Bom dia a todos Podem ajudar a resolver este sistema? Estou um tanto perdida. Determinar em R2, em radianos, as soluções do seguinte sistema: sen(x + y) = sen(x) + sen(y) e^x + e^y = 1 Com substituições trigonométricas cheguei numa expressão extremamente complicada. Obrigada. -- Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antivírus e acredita-se estar livre de perigo. -- Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antivírus e acredita-se estar livre de perigo. -- Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antivírus e acredita-se estar livre de perigo. -- Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antivírus e acredita-se estar livre de perigo. -- Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antiv�rus e acredita-se estar livre de perigo.
[obm-l] Re: [obm-l] Sistema de equações trigonométricas e exponenciais
Da segunda equação, devemos ter: x 0 e y 0 (*). Suponhamos, sem perda de generalidade, que x = 0 - e^x = 1 - e^y = (1 - e^x) = 0. Absurdo, pois e^y 0 para qualquer y real. I) sen (x + y) = sen(x) + sen(y) - sen (x + y) - sen(x) = sen(y) - 2 . sen(y/2) . cos(x + y/2) = 2 . sen(y/2) . cos(y/2). Vamos considerar duas hipóteses: I.i) sen (y/2) = 0 - y = - 2k . pi (com k natural. Estou excluindo os valores positivos de y que resolveriam essa equação, devido à observação (*)). Substituindo na segunda equação: e^x + e^(- 2k . pi) = 1 - x = ln(1 - e^(- 2k . pi)). I.ii) sen (y/2) 0 - cos(x + y/2) = cos(y/2) - x = - 2k . pi (com k natural. Aqui vale a mesma observação feita em I.i). Analogamente: y = ln(1 - e^(- 2k . pi)). Portanto, as soluções são: (- 2k . pi ; ln(1 - e^(- 2k . pi))) e (ln(1 - e^(- 2k . pi)) ; - 2k . pi ) [onde k é natural e diferente de zero.] Em 26 de julho de 2013 11:11, Merryl M sc...@hotmail.com escreveu: Bom dia a todos Podem ajudar a resolver este sistema? Estou um tanto perdida. Determinar em R2, em radianos, as soluções do seguinte sistema: sen(x + y) = sen(x) + sen(y) e^x + e^y = 1 Com substituições trigonométricas cheguei numa expressão extremamente complicada. Obrigada. -- Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antivírus e acredita-se estar livre de perigo. -- Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antivírus e acredita-se estar livre de perigo.
Re: [obm-l] Re: [obm-l] Sistema de equações trigonométricas e exponenciais
Eu gostaria de elaborar um pouco mais, a partir do ponto em que o Marcos parou. Acho que há ainda outras soluções. O Marcos concluiu, da 1a equação, que sen(y/2) (cos(x + y/2) - cos(y/2)) = 0 Aplicando uma conhecida identidade trigonométrica na linha da que ele usou, obtemos sen(y/2) (-2sen(x/2) sen((x + y)/2) = 0 sen(y/2) sen(x/2) sen((x + y)/2) = 0 Assim, sendo k um inteiro, a 1a equação será satisfeita se, e somente se, pelo menos uma das seguintes condições for satisfeita: sen(y/2) = 0, equivalente a y/2 = kπ, y= 2kπ sen(x/2) = 0, x = 2kπ sen(x + y) = 0, x + y = 2kπ As duas primeira condições já foram abordadas pelo Marcos Se vigorar a 3a condição, então y = 2kπ - x e a 2a equação implica que e^x + e^(2kπ - x) = 1 (e^x)^2 - e^x + e^(2kπ) = 0 Como estamos nos reais, uma condição necessária para haver solução é que esta equação quadrática em e ^x tenha pelo menos uma raiz real. Logo, uma condição necessária é que 1 - 4 e^(2kπ) ≥ 0, ou seja, e^(2kπ) ≤ 1/4, k ≤ -ln(4)/(2kπ). Como k é inteiro, isto implica simplesmente que k ≤ -1. Neste caso, temos que e^x = (1 - sqrt(1 - 4 e^(2kπ)))/2 e e^x = (1 + sqrt(1 - 4 e^(2kπ)))/2. Em ambos os casos, o segundo membro é positivo, de modo que temos x = ln((4 - sqrt(1 - 4 e^(2kπ)))/2) ou x = e^x = (4 - sqrt(1 + 4 e^(2kπ)))/2) e y = 2kπ - x. Em suma, o conjunto solução desta equação é a união dos seguintes conjuntos A = {(x, y) em R^2 | x = ln(1 - e^(2kπ)), k 0, k inteiro, x ∈ R} B = {(x, y) em R^2 | x ∈ R, y = ln(1 - e^(2kπ)), k 0, k inteiro} C = {(x, y) em R^2 | x = ln((4 - sqrt(1 - 4 e^(2kπ)))/2) , y= 2kπ - x, k 0, k inteiro} D = {(x, y) em R^2 | x = ln((4 - sqrt(1 + 4 e^(2kπ)))/2) , y= 2kπ - x, k 0, k inteiro} Dê uma conferida. Artur Costa Steiner Em 26/07/2013, às 13:21, Marcos Martinelli mffmartine...@gmail.com escreveu: Da segunda equação, devemos ter: x 0 e y 0 (*). Suponhamos, sem perda de generalidade, que x = 0 - e^x = 1 - e^y = (1 - e^x) = 0. Absurdo, pois e^y 0 para qualquer y real. I) sen (x + y) = sen(x) + sen(y) - sen (x + y) - sen(x) = sen(y) - 2 . sen(y/2) . cos(x + y/2) = 2 . sen(y/2) . cos(y/2). Vamos considerar duas hipóteses: I.i) sen (y/2) = 0 - y = - 2k . pi (com k natural. Estou excluindo os valores positivos de y que resolveriam essa equação, devido à observação (*)). Substituindo na segunda equação: e^x + e^(- 2k . pi) = 1 - x = ln(1 - e^(- 2k . pi)). I.ii) sen (y/2) 0 - cos(x + y/2) = cos(y/2) - x = - 2k . pi (com k natural. Aqui vale a mesma observação feita em I.i). Analogamente: y = ln(1 - e^(- 2k . pi)). Portanto, as soluções são: (- 2k . pi ; ln(1 - e^(- 2k . pi))) e (ln(1 - e^(- 2k . pi)) ; - 2k . pi ) [onde k é natural e diferente de zero.] Em 26 de julho de 2013 11:11, Merryl M sc...@hotmail.com escreveu: Bom dia a todos Podem ajudar a resolver este sistema? Estou um tanto perdida. Determinar em R2, em radianos, as soluções do seguinte sistema: sen(x + y) = sen(x) + sen(y) e^x + e^y = 1 Com substituições trigonométricas cheguei numa expressão extremamente complicada. Obrigada. -- Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antivírus e acredita-se estar livre de perigo. -- Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antivírus e acredita-se estar livre de perigo. -- Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antiv�rus e acredita-se estar livre de perigo.
[obm-l] Re: [obm-l] Re: [obm-l] Sistema de equações trigonométricas e exponenciais
Verdade! Comi uma mosca nessa parte: sen (y/2) 0 - cos(x + y/2) = cos(y/2) - x = - 2k . pi Na verdade, temos: sen (y/2) 0 - cos(x + y/2) = cos(y/2) - x = - 2k . pi ou x + y = - 2k . pi Obrigado, Nehab! Bom problema! Em 26 de julho de 2013 15:29, Artur Costa Steiner steinerar...@gmail.comescreveu: Eu gostaria de elaborar um pouco mais, a partir do ponto em que o Marcos parou. Acho que há ainda outras soluções. O Marcos concluiu, da 1a equação, que sen(y/2) (cos(x + y/2) - cos(y/2)) = 0 Aplicando uma conhecida identidade trigonométrica na linha da que ele usou, obtemos sen(y/2) (-2sen(x/2) sen((x + y)/2) = 0 sen(y/2) sen(x/2) sen((x + y)/2) = 0 Assim, sendo k um inteiro, a 1a equação será satisfeita se, e somente se, pelo menos uma das seguintes condições for satisfeita: sen(y/2) = 0, equivalente a y/2 = kπ, y= 2kπ sen(x/2) = 0, x = 2kπ sen(x + y) = 0, x + y = 2kπ As duas primeira condições já foram abordadas pelo Marcos Se vigorar a 3a condição, então y = 2kπ - x e a 2a equação implica que e^x + e^(2kπ - x) = 1 (e^x)^2 - e^x + e^(2kπ) = 0 Como estamos nos reais, uma condição necessária para haver solução é que esta equação quadrática em e ^x tenha pelo menos uma raiz real. Logo, uma condição necessária é que 1 - 4 e^(2kπ) ≥ 0, ou seja, e^(2kπ) ≤ 1/4, k ≤ -ln(4)/(2kπ). Como k é inteiro, isto implica simplesmente que k ≤ -1. Neste caso, temos que e^x = (1 - sqrt(1 - 4 e^(2kπ)))/2 e e^x = (1 + sqrt(1 - 4 e^(2kπ)))/2. Em ambos os casos, o segundo membro é positivo, de modo que temos x = ln((4 - sqrt(1 - 4 e^(2kπ)))/2) ou x = e^x = (4 - sqrt(1 + 4 e^(2kπ)))/2) e y = 2kπ - x. Em suma, o conjunto solução desta equação é a união dos seguintes conjuntos A = {(x, y) em R^2 | x = ln(1 - e^(2kπ)), k 0, k inteiro, x ∈ R} B = {(x, y) em R^2 | x ∈ R, y = ln(1 - e^(2kπ)), k 0, k inteiro} C = {(x, y) em R^2 | x = ln((4 - sqrt(1 - 4 e^(2kπ)))/2) , y= 2kπ - x, k 0, k inteiro} D = {(x, y) em R^2 | x = ln((4 - sqrt(1 + 4 e^(2kπ)))/2) , y= 2kπ - x, k 0, k inteiro} Dê uma conferida. Artur Costa Steiner Em 26/07/2013, às 13:21, Marcos Martinelli mffmartine...@gmail.com escreveu: Da segunda equação, devemos ter: x 0 e y 0 (*). Suponhamos, sem perda de generalidade, que x = 0 - e^x = 1 - e^y = (1 - e^x) = 0. Absurdo, pois e^y 0 para qualquer y real. I) sen (x + y) = sen(x) + sen(y) - sen (x + y) - sen(x) = sen(y) - 2 . sen(y/2) . cos(x + y/2) = 2 . sen(y/2) . cos(y/2). Vamos considerar duas hipóteses: I.i) sen (y/2) = 0 - y = - 2k . pi (com k natural. Estou excluindo os valores positivos de y que resolveriam essa equação, devido à observação (*)). Substituindo na segunda equação: e^x + e^(- 2k . pi) = 1 - x = ln(1 - e^(- 2k . pi)). I.ii) sen (y/2) 0 - cos(x + y/2) = cos(y/2) - x = - 2k . pi (com k natural. Aqui vale a mesma observação feita em I.i). Analogamente: y = ln(1 - e^(- 2k . pi)). Portanto, as soluções são: (- 2k . pi ; ln(1 - e^(- 2k . pi))) e (ln(1 - e^(- 2k . pi)) ; - 2k . pi ) [onde k é natural e diferente de zero.] Em 26 de julho de 2013 11:11, Merryl M sc...@hotmail.com escreveu: Bom dia a todos Podem ajudar a resolver este sistema? Estou um tanto perdida. Determinar em R2, em radianos, as soluções do seguinte sistema: sen(x + y) = sen(x) + sen(y) e^x + e^y = 1 Com substituições trigonométricas cheguei numa expressão extremamente complicada. Obrigada. -- Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antivírus e acredita-se estar livre de perigo. -- Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antivírus e acredita-se estar livre de perigo. -- Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antivírus e acredita-se estar livre de perigo. -- Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antiv�rus e acredita-se estar livre de perigo.
[obm-l] RE: [obm-l] Re: [obm-l] Sistema de equações trigonométricas e exponenciais
Ótimo, muito obrigada a todos. Amanda Date: Fri, 26 Jul 2013 13:21:46 -0300 Subject: [obm-l] Re: [obm-l] Sistema de equações trigonométricas e exponenciais From: mffmartine...@gmail.com To: obm-l@mat.puc-rio.br Da segunda equação, devemos ter: x 0 e y 0 (*). Suponhamos, sem perda de generalidade, que x = 0 - e^x = 1 - e^y = (1 - e^x) = 0. Absurdo, pois e^y 0 para qualquer y real. I) sen (x + y) = sen(x) + sen(y) - sen (x + y) - sen(x) = sen(y) - 2 . sen(y/2) . cos(x + y/2) = 2 . sen(y/2) . cos(y/2). Vamos considerar duas hipóteses: I.i) sen (y/2) = 0 - y = - 2k . pi (com k natural. Estou excluindo os valores positivos de y que resolveriam essa equação, devido à observação (*)). Substituindo na segunda equação: e^x + e^(- 2k . pi) = 1 - x = ln(1 - e^(- 2k . pi)). I.ii) sen (y/2) 0 - cos(x + y/2) = cos(y/2) - x = - 2k . pi (com k natural. Aqui vale a mesma observação feita em I.i). Analogamente: y = ln(1 - e^(- 2k . pi)). Portanto, as soluções são: (- 2k . pi ; ln(1 - e^(- 2k . pi))) e (ln(1 - e^(- 2k . pi)) ; - 2k . pi ) [onde k é natural e diferente de zero.] Em 26 de julho de 2013 11:11, Merryl M sc...@hotmail.com escreveu: Bom dia a todos Podem ajudar a resolver este sistema? Estou um tanto perdida. Determinar em R2, em radianos, as soluções do seguinte sistema: sen(x + y) = sen(x) + sen(y) e^x + e^y = 1 Com substituições trigonométricas cheguei numa expressão extremamente complicada. Obrigada. -- Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antivírus e acredita-se estar livre de perigo. -- Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antivírus e acredita-se estar livre de perigo. -- Esta mensagem foi verificada pelo sistema de antivírus e acredita-se estar livre de perigo.
[obm-l] Re: [obm-l] Re: [obm-l] sistema de equações modula res
Prezado Paulo... A intersecção das quatro desiguadades gera a área onde as soluções e encontram, mas não podemos nos esquecer das igualdades em si. Não são todos os pares desta região que são soluções do sistema. Um abraço, Vanderlei 2009/5/14 Paulo Santa Rita paulo.santar...@gmail.com Ola Vanderlei e demais colegas desta lista ... OBM-L, Nao sei se vou conseguir atender as suas expectativas ... Pelo que entendi, voce quer reduzir o espaco das solucoes. Supondo que voce esta pensando em x e y como numeros reais, as conhecidas propriedades entre modulos | A - B | = | B - A ) | A | + | B | = |A + B| nos permitem, a principio, escrever : |x+y|+|1-x| = 6 = |x+y+1-x| implica |y+1| = 6 implica -7 = y = 5 |x+y+1|+|1-y| = 4 = |x+y+1+1-y| implica |x+2| = 4 implica -6 = x = 2 ou seja, o espaco das solucoes restringe-se ao quadradinho definido pelas duas inequacoes simultaneas acima. Isso, em si, ja e uma restricao importante. Resta portanto apenas descobrir quais pares (x,y) interiores a este quadradinho nos interessam. Para ver como e possivel discrimina-los, considere que : |x+y| + |1-x| = |x+y| + |x-1| = 6 = |2x+y-1| = -6 = 2x+y-1 = 6 = -2x-5 = y = -2x + 7 |x+y+1| + |1-y| = |x+y+1| + |y-1| = 4 = |x+2y| = -4 = x+2y = 4 = -x/2 - 2 = y = -x/2 + 2 A interseccao entre essas 4 inequacoes simultaneas e a solucao. Um Abraco a todos ! PSR, 51405091430 2009/5/14 Vandelei Nemitz vanderm...@brturbo.com.br: Bom dia pessoal..será que alguém consegue resolver sem analisar todos os casos? |x + y| + |1 - x| = 6 e |x + y + 1| + |1 - y| = 4 Eu fiz analisando todas as possibilidades de sinais, mas é muito trabalhoso. obrigado! Vanderlei = Instruções para entrar na lista, sair da lista e usar a lista em http://www.mat.puc-rio.br/~obmlistas/obm-l.html =
[obm-l] Re: [obm-l] sistema de equações modulares
não, mas se vc conhecer uma solução via gráficos, manda bala! 2009/5/14 Carlos Nehab ne...@infolink.com.br Vandelei, Você já estudou gráficos de planos no R3, por exemplo ? Nehab Vandelei Nemitz escreveu: Bom dia pessoal..será que alguém consegue resolver sem analisar todos os casos? *|x + y| + |1 - x| = 6 e |x + y + 1| + |1 - y| = 4* ** Eu fiz analisando todas as possibilidades de sinais, mas é muito trabalhoso. obrigado! Vanderlei
[obm-l] Re: [obm-l] sistema de equações
Oi pessoal ! d = 8D + 24 D + d + 24 = 344 = d - 8D = 24 d + D = 320 André T. - Original Message - From: [EMAIL PROTECTED] To: [EMAIL PROTECTED] Sent: Sunday, January 19, 2003 3:54 AM Subject: [obm-l] sistema de equações Olá pessoal, Estou com dúvidas nesta questão da FVG: (F.G.V-SP)Numa divisão, o quociente é 8 e o resto, 24. Sabe-se que a soma do dividendo, do divisor e do resto é 344. Então, a diferença dividendo menos divisor é: Resp: 248 Obs: Tentei aplicar a divisão euclidiana (d=D*q + r) mas não consegui montar um sistema de equações, pois como os exercícios do meu fascículo estão separados por tópicos, sei que esta questão se resolve por sistema de equações, mas o problema está em montá-la.
[obm-l] Re: [obm-l] Sistema de equações
Olá, Como: {x,y} E reais Então: um número ao quadrado dá no mínimo zero. Para a equação proposta ser verdadeira, tem que acontecer o seguinte: (4x+2y-5)^2= 0 e (3x-y+1)^2 = 0 4x+2y-5=0 e 3x-y+1=0 Resolvendo esse sistema sai: x=3/10 e y=19/10 Portanto: x+y=22/10= 11/5 Até mais... "Bruno - Original Message - From: [EMAIL PROTECTED] To: [EMAIL PROTECTED] Sent: Thursday, January 16, 2003 3:44 AM Subject: [obm-l] Sistema de equações Olá pessoal, Alguém pode me ajudar nesta questão: Os números reais x e y para os quais (4x + 2y - 5)^2 + (3x - y + 1)^2 =0 são tais que x + y vale: Resp: 11/5 Obs: Eu tentei produtos notáveis, mas não deu certo pois são três parcelas nos parênteses, depois eu tentei multiplicar os parenteses mas não deu para isolar o x e o y em um membro para eu conseguir o resultado direto ao invés de descobrir o valor de x e depois de y.
[obm-l] Re: [obm-l] sistema de equações
Oi pessoal ! Se x + y = 0 = x = -y = -(3/11)y + (8/7)y = 2 = ((-21 + 88)/77)y =(67/77)y = 2 = y = 154/67 e -(8/11)y + (1/7)y = -1 = ((-56 + 11)/77)y = (-45/77)y = -1 = y = 77/45 Logo x + y não é zero. André T. - Original Message - From: [EMAIL PROTECTED] To: [EMAIL PROTECTED] Sent: Monday, January 06, 2003 3:33 AM Subject: [obm-l] sistema de equações Olá pessoal, Estou resolvendo um sistema de equações e não estou chegando no resultado (que segundo o gabarito é zero) de jeito nenhum. Eu vou mostrar a questão e a maneira como eu conduzi para respondê-la, embora não conseguindo chegar na resoposta correta. Vejam: (PUC-SP) Se (3/11)*x + (8/7)*y = 2 (8/11)*x + (1/7)*y = -1 então x + y = é igual a: Resolução falaciosa: Primeiramente, dei a x/11 o valor de "a" e y/7 o valor de "b", ficando (x/11)=a e (y/7)=b. Depois eu subtitui no sistema, ficando: 3a + 8b = 2 8a + b= -1 Multipliquei a 2ª equação por (-8) ficando: 3a + 8b = 2 -64a -8 b= 8 Somando as duas equações encontraremos: -61a = 10 , portanto a = (-10)/61, mas como eu disse no início que (x/11)=a, então temos x= 11*a , que resulta em x= (-110)/61. Substituindo este valor na primeira equação eu obtive y= (791/122). Importantíssimo: O problema pede para calcular x + y, e somando os vermelhos não chegamos ao resultado que o gabarito dá como certo que é 1. Qual o erro que estou cometendo, em vista da resolução acima?
[obm-l] Re: [obm-l] sistema de equações
Na verdade, o que está isolado é (-b), e não (b). Para descobrir o valor de b, multiplicamos os dois membros por (-1). -b=6a+1 = b=-6a-1 Substituindo na outra equação, temos: 3a+4b-10=0 = 3a+4(-6a-1)-10=0 = 3a-24a-4-10=0 = -21a-14=0 = -21a=14 = a=14/-21=-2/3 a=-2/3 = b=-6(-2/3)-1=12/3 -1=4-1=3 * a = -2/3 e b=3 a) a+b=1/3; a+b=-2/3 + 3=1/3 (Verdadeira) b) a^b=-8/9; a^b=(-2/3)^3= -8/27 (Falsa) c) b/a=-9/2; b/a=3/(2/3)=3×(3/2)=9/2 (Verdadeira) d) a-b=11; a-b=-2/3 - 3=-2/3 - 9/3=-11/3 (Falsa) e) a*b=2; a*b=(-2/3)*3=-2 (Falsa) Eu cometi algum erro ou o enunciado está errado. Original Message Follows From: Marcelo Leitner [EMAIL PROTECTED] Reply-To: [EMAIL PROTECTED] To: [EMAIL PROTECTED] Subject: Re: [obm-l] sistema de equações Date: Sat, 4 Jan 2003 12:25:29 -0200 On Sat, Jan 04, 2003 at 12:25:56AM -0500, [EMAIL PROTECTED] wrote: Olá pessoal, Observem o sistema abaixo e no final eu direi minha dúvida: 3a + 4b - 10 = 0 -b = 6a + 1 Se o par (a, b) é solução do sistema, então: a) a+ b= 1/3 d)a - b= 11 b) a^b= -8/9 e) a*b= 2 c) b/a= -9/2 A altenativa certa é a c, eu tentei o método da substituição e adição, mas não consegui chegar no resultado. Para resolver este tipo de questão é necessário olhar o gabarito, ou se chegaria ao mesmo resultado se não tivesse alternativas? Pois a resposta está com incógnita dupla. ---end quoted text--- Eu resolvi esse sistema por substituicao mesmo, jah q jah temos b isolado e cheguei a resposta a = 2/3 e b = -3. Tendo isso eh calcular o que ele pede nas alternativas e comprar os resultados: a) a+b = 2/3 - 3 = (2-9)/3 = -7/3 (alternativa falsa) b) a^b = (2/3)^(-3) (falsa) c) b/a = (-3)/(2/3) = (-3*3)/2 = -9/2 - verdadeira []'s -- Marcelo R Leitner [EMAIL PROTECTED] _ MSN Hotmail, o maior webmail do Brasil. http://www.hotmail.com = Instruções para entrar na lista, sair da lista e usar a lista em http://www.mat.puc-rio.br/~nicolau/olimp/obm-l.html O administrador desta lista é [EMAIL PROTECTED] =