Questão resolvida.
Conversando com o Sérgio Lima Netto, corrigimos as analogias feitas e,
usando o Teorema de Ceva para as alturas e o recíproco de Menelaus, as
relações ficaram certas, provando a colinearidade de P, Q e R.
Valeu!
[]'s
Martins Rama.
Prezados amigos da lista.
Observei que já
15:23:52 -0400
Subject: Re: [obm-l] Geometria
From: bernardo...@gmail.com
To: obm-l@mat.puc-rio.br
2013/3/13 marcone augusto araújo borges marconeborge...@hotmail.com:
Saja um triângulo cujos lados medem a,b e c e R o raio da circunferência
circunscrita.
Mostre que a^2 + b^2 + c^2 = 8R^2
2013/3/13 marcone augusto araújo borges marconeborge...@hotmail.com:
Saja um triângulo cujos lados medem a,b e c e R o raio da circunferência
circunscrita.
Mostre que a^2 + b^2 + c^2 = 8R^2 se,e somente se,o triângulo é retângulo.
Se o triangulo é retangulo,considerando a = b c,temos que
Vamos supor que AB=c é o maior dos lados.
Se desde o vértice C desenhamos um diámtro CP, teremos que PA**2 = 4R**2-b**2, e
também que PB**2 = 4R**2-a**2, logo, no triángulo APB temos que a soma dos
quadrados de dois lados é: PA**2+PB**2=8R**2-a**2-b**2, que segundo dado do
problema é igual a
Esta vez va en español,
por el punto C trace una recta paralela a AD. Sea P el punto de intersección de
esa recta con la recta que contiene a los puntos A y B. Entonces por el teorema
de thales: AB/BP = BD/BC, es decir ABxBC = BDxBP, por lo tanto los triángulos
ABC y PBD son equivalentes. Si M
Tem triângulos assim, sim.
Fixe qualquer um dos lados como base, e seja b o comprimento deste lado
(em cm). Trace uma reta paralela à base e chame h à distância desta reta
à base (também em cm). Todos os triângulos cconstruídos com aquela base
e vértice oposto sobre a reta paralela terão a
Que interessante!Obrigado!
From: saldana...@pucp.edu.pe
To: obm-l@mat.puc-rio.br
CC:
Subject: [obm-l] Re: [obm-l] Geometria( Questão di ficil(?))
Date: Thu, 1 Nov 2012 11:24:24 -0500
Esta vez va en español,
por el punto C trace una recta paralela a AD. Sea P el punto de
Existe,teoricamente.
Date: Thu, 1 Nov 2012 08:21:14 -0400
Subject: [obm-l] Re: [obm-l] Geometria(questão meio estranha)
From: bernardo...@gmail.com
To: obm-l@mat.puc-rio.br
2012/11/1 marcone augusto araújo borges marconeborge...@hotmail.com:
Se todos os lados de um triangulo forem
2) São dados dois quadrados em um mesmo plano,de lados 2cm e 1cm.Se o
centro
do quadrado de menor lado coincide com um dos vértices do
quadrado de maior lado,determine as possíveis áreas da porção do plano
comum
aos dois quadrados.
Sejam ABCD o quadrado de lado 2, e PQRS o quadrado de
Obrigado,Julio.Se for possível detalhar um pouco mais a sulução,agradeço.De
qualquer forma vou procurar a questão nos arquivos da lista.
From: saldana...@pucp.edu.pe
To: obm-l@mat.puc-rio.br
CC:
Subject: [obm-l] Re: [obm-l] Geometria
Date: Thu, 13 Sep 2012 05:33:50 -0500
Eu acho
entre A e C, isto é,
que br.sin(Â/2)AQ = r.cot(Â/2). Logo, br.cot(Â/2)
[]'s
Luís
Date: Tue, 11 Sep 2012 13:47:40 -0300
Subject: [obm-l] Re: [obm-l] Geometria(Construção(2))
From: ralp...@gmail.com
To: obm-l@mat.puc-rio.br
1) Considere o círculo de diâmetro P1P2. Ele contém o vértice A do
Parece que há uma inversão na posição dos pontos, não?
[ ]'s
1) Considere o círculo de diâmetro P1P2. Ele contém o vértice A do
quadrado... Mas, melhor ainda, pense na diagonal AC! Como ela é a bissetriz
do ângulo P1AP2, então ela passa pelo ponto D1, médio do arco P1P2 daquele
círculo (veja figura anexa, viva Geogebra!), que é DETERMINADO A PARTIR DE
P1 e
Carlos Vitor, poderia explicar por que o quadrilatero ACHE eh ciclico?
Vc. estah considerando EH paralelo a AC? Por que?
[ ]'s
Olá Arkon ,
Uma solução é :
Seja O o ortocentro de ABC . Observe que o triângulo AOC é semelhante ao
triângulo OEH , pois o quadrilátero ACHE é inscritível . Seja x = EH ,
então 7/x = AO/EO e como OE = OA.cosB . Usando a lei dos cosenos encontre
cosB = 1/5 e daí x =7/5 , ok ? .Acredito que
Acho que estamos falando aqui sobre o caso em que o raio das esferaas eh
máximo, i.e., cada face do tetraedro tangencia tres das esferas.
Assim, Maldonado, seu tetraedro estah muito subdimensionado; vc. soma um r ah
altura do tetraedro interno na base, OK, mas um r no vertice(?) não estah OK.
Não, você tem razão. Minha dúvida era mesmo que a reta passasse por O, o
ponto K estaria indeterminado. Mas agora vejo que se ela passa por O e
deve ser perpendicular a face, o ponto K fica determinado. Desculpe o
engano.
Abço.
Em 26 de julho de 2012 11:43, Eduardo Wilner
Parece estar faltando alguma coisa. O ponto K de intersecção da reta r com
o apótema poderia ser qualquer ponto sobre o apótema, o que daria
diferentes comprimentos para o segmento OK.
Em 21 de julho de 2012 20:06, Eduardo Wilner
eduardowil...@yahoo.com.brescreveu:
Parece haver algum engano,
Como o tetraedro é perfeitamente simétrico, temos que o centro do tetraedro
formado pelos centros das esferas é obviamente o centro do tetraedro maior, mas
a altura de um tetraedro de lado l é l(2/3)^0.5, logo: a(2/3)^0.5 = 2r +
2r(2/3)^0.5
[]`sJoao
From: marconeborge...@hotmail.com
To:
Parece haver algum engano, ou eu não entendí o enunciado
Podemos construir um corte vertical da pirâmide como um triângulo retângulo
com um cateto sendo a metade da aresta, a/2, a hipotenusa como a altura do
triângulo equilátero, da face lateral, (a/2) 3^(1/2), portanto o outro cateto,
altura
Ola' Marcone,
pelo teorema de Menelaus, temos o seguinte:
AD * BE * CM = BD * CE * AM
ou seja,
9 * BE * 3 = 3 * CE * 3 ,
de onde 3BE=CE .
Assim, a altura de BED vale 1/4 da altura de BCA.
Como sua base vale a metade, a relacao entre as areas vale 1/8.
[]'s
Rogerio Ponce
Em 1 de abril de 2012
Ora, ora,
E eu não li o enunciado direito e nem percebi que seu heptágono era regular!
Mais certamente seria BEM MAIS interessante se não fosse...
Abraços
Nehab
Em 23/03/2012 15:10, Carlos Nehab escreveu:
Oi, Felipe,
Bonito problema e confesso que não o conhecia e não saquei solução.
Mas
Oi, Felipe,
Bonito problema e confesso que não o conhecia e não saquei solução.
Mas descobri vários artigos sobre o tema (o que por si só denota que não
deve se tratar de problema banal).
Veja em http://dl.acm.org/citation.cfm?id=1501726
A polygon is said to be /simple/ if the only points of
Não entendí intervalo...
O período é 7 X 5 X sen(pi/7) cm, ou não é esse o problema?
[ ]'s
--- Em qui, 22/3/12, felipe araujo costa faraujoco...@yahoo.com.br escreveu:
De: felipe araujo costa faraujoco...@yahoo.com.br
Assunto: [obm-l] geometria
Para: obm-l@mat.puc-rio.br obm-l@mat.puc-rio.br
Desculpe; editando: período -- perímetro.
--- Em qui, 22/3/12, Eduardo Wilner eduardowil...@yahoo.com.br escreveu:
De: Eduardo Wilner eduardowil...@yahoo.com.br
Assunto: Re: [obm-l] geometria
Para: obm-l@mat.puc-rio.br
Data: Quinta-feira, 22 de Março de 2012, 15:52
Não entendí intervalo
: Quinta-feira, 22 de Março de 2012 15:52
Assunto: Re: [obm-l] geometria
Não entendí intervalo...
O período é 7 X 5 X sen(pi/7) cm, ou não é esse o problema?
[ ]'s
--- Em qui, 22/3/12, felipe araujo costa faraujoco...@yahoo.com.br escreveu:
De: felipe araujo costa faraujoco...@yahoo.com.br
Ok Ralph ,
Entendi e obrigado pela clareza na sua explicação. Acredito que este eh o
papel do Matemático em expor as suas explicaçoes.Estudarei para chegar a
este nível .
Abraços
Bob
Em 20 de fevereiro de 2012 19:08, Ralph Teixeira ralp...@gmail.comescreveu:
Oi, Bob.
Eu fiz uma hipotese
Vou supor que o triangulo ABC de area maxima existe (o que eh bem razoavel,
e eh verdade, mas nao eh obvio usando soh geometria).
Entao seja ABC esse triangulo de area maxima. Fixe o lado BC e pense nas
possiveis posicoes de A. Como o triangulo ABC tem area maxima, entao A eh o
ponto da
Ou, de outra forma, se existir máximo então O é ortocentro.
Boa pergunta: existe máximo?
Outra questão é: e se quisermos minimizar o perímetro?
Em 20 de fevereiro de 2012 11:31, Ralph Teixeira ralp...@gmail.com escreveu:
Vou supor que o triangulo ABC de area maxima existe (o que eh bem
Olá Ralph ,
Obrigado pela atenção , mas tenho uma dúvida :
No momento em que foi fixado o lado BC ( por exemplo) e foi feita a análise
de que AO tem como reta suporte a altura relativa a BC , para que tenhamos
a área máxima ; como posso garantir que BO e CO ( perpendiculares aos lados
AC e BC)
Oi, Bob.
Eu fiz uma hipotese pesada: de que o triangulo ABC de area maxima existe.
Entao a primeira frase eh importante: eu supus que ABC JAH EH o triangulo
pedido, o de area maxima apoiado nos 3 circulos (bom, para ser exato, UM
DOS triangulos de area maxima, eu nunca supus que ele eh unico).
Tem um argumento rapido para mostrar que o maximo existe, mas usa Analise:
as circunferencias C1, C2 e C3 sao conjuntos compactos; a funcao Area:
C1xC2xC3-R (que leva os pontos A, B e C na area do triangulo ABC,
incluindo area 0 para triangulos degenerados) eh continua. Toda funcao
continua
, menor essa condição. Se tomarmos y máximo (ifu
De: Bernardo Freitas Paulo da Costa bernardo...@gmail.com
Assunto: Re: [obm-l] Geometria
Para: obm-l@mat.puc-rio.br
Data: Segunda-feira, 26 de Dezembro de 2011, 19:47
2011/12/26 marcone augusto araújo borges marconeborge...@hotmail.com
QH = KP é um postulado?
--- Em seg, 26/12/11, Bernardo Freitas Paulo da Costa bernardo...@gmail.com
escreveu:
De: Bernardo Freitas Paulo da Costa bernardo...@gmail.com
Assunto: Re: [obm-l] Geometria
Para: obm-l@mat.puc-rio.br
Data: Segunda-feira, 26 de Dezembro de 2011, 19:47
2011/12/26
2011/12/26 marcone augusto araújo borges marconeborge...@hotmail.com:
São escolhidos dois pontos P e Q,um cada cateto de um triângulo
retângulo.As medidas dos comprimentos dos catetos são a e
b,respectivamente.Sejam K e H as projeções de P e Q,respectivamente,sobre a
hipotenusa.Determine o
Na verdade o problema não está corretamente escrito (não existe uma só
solução para o problema em si, mas infinitas)Um problema possível de se
resolver seria: Dados dois círculos tangentes entre si externamente e um
círculo maior, pelo qual os círculos menores o tangem internamente,
@mat.puc-rio.br
Subject: RE: [obm-l] geometria
Date: Tue, 22 Nov 2011 13:03:03 -0200
Na verdade o problema não está corretamente escrito (não existe uma só
solução para o problema em si, mas infinitas)
Um problema possível de se resolver seria:
Dados dois círculos tangentes entre si
Bom existe um livro de poliedros escrito por um professor do
colégio pedro segundo no Rio de Janeiro, livro antigo, foi em
dedicatória aos desenhos muito bons que ele fazia no quadro acho que la
tem a demosntracao!! vou ver depois em casa que eu tenho ele, e ja te
mando!! a tarde
On Sat, 12
Tente usar Números Complexos. Sai fácil.
Outro modo é usar umas rotações espertas.
Em 01/11/11, marcone augusto araújo
borgesmarconeborge...@hotmail.com escreveu:
Em um pentágono convexo ABCDE,os ângulos B e D são retos e tem-se AB = BC
e CD = DE.SE M é o ponto médio de AE,
mostre que o
Essa questão é bem legal.
Uma solução sintética: ligue A com C e C com E. Perceba que dois triângulos
retângulos isósceles são formados (ABC e CDE).
Tome N e P como os pontos médios de AC e CE, respectivamente. Trace MN e
MP. Note que MNCP é um paralelogramo.
Trace BN e DP. Verifique agora que os
Menelaus:
AM/MB * BS/SC * CN/NA = 1
30/30 * 72/12 * CN/NA = 1
AN/NC = 6
Proporções:
AN = 360/7
Daí o cálculo das áreas fica fácil.
Em 26/10/11, marcone augusto araújo
borgesmarconeborge...@hotmail.com escreveu:
Um triangulo equilatero ABC tem 60m de perimetro.Prolonga-se a base BC e
sobre o
Olá João ,
Vamos inicialmente a uma solução trigonométrica :
Seja z o ângulo pedido .Sejam também AB =a ; AO2 = x e AO1= y.Então teremos
:
Triang *BO1O2 : y/sen(160-z) = x/sen*z
Triang ABO2 : x/sen50 = a/sen80
Triang BO1A : y/sen80 = a/sen70
Logo :sen(20+z) = 4cos10.sen20.senz ; ou
Olá João ,
Houve um erro na digitação : onde está AO1 =y lê-se BO1 =y . ok ? .
Desculpe o erro .
Abraços
Carlos Victor
Em 24 de julho de 2011 19:11, Carlos Victor victorcar...@globo.comescreveu:
Olá João ,
Vamos inicialmente a uma solução trigonométrica :
Seja z o ângulo pedido
, então O1O2P=20, finalmente BO1O2=20+20=40
Julio Saldaña
-- Mensaje original ---
De : obm-l@mat.puc-rio.br
Para : obm-l@mat.puc-rio.br
Fecha : Sun, 24 Jul 2011 19:18:18 -0300
Asunto : Re: [obm-l] Geometria OBM
Olá João ,
Houve um erro na digitação : onde está AO1 =y lê-se BO1 =y
Asunto : Re: [obm-l] Geometria OBM
Olá João ,
Houve um erro na digitação : onde está AO1 =y lê-se BO1 =y . ok ? .
Desculpe o erro .
Abraços
Carlos Victor
Em 24 de julho de 2011 19:11, Carlos Victor victorcar...@globo.com
escreveu:
Olá João ,
Vamos inicialmente a uma solução
Olá João
Todos os anos resolvo esse problema nas minhas turmas. Esse problema sai por
congruência de triângulos. Farei um desenho no geogebra e mando pra você
assim que der.
Abraço
Em 15 de maio de 2011 21:40, Tiago hit0...@gmail.com escreveu:
Olá, sei que não é exatamente o que você procura,
Olá, sei que não é exatamente o que você procura, mas esse problema tem uma
solução muito rápida usando números complexos. Se quiser tentar, é bem
parecido com este:
http://legauss.blogspot.com/2010/12/um-problema-de-geometria-e-sua-solucao.html
2011/5/15 João Maldonado
Em 12/05/11, Luís Lopesqed_te...@hotmail.com escreveu:
Sauda,c~oes,
Fonte: Treinamento Cone Sul Volume 2.
Problema 26 p. 135
H_b , H_c pés das alturas de B e C.
H ortocentro
M_a médio de BC
Gamma Circuncírculo de ABC
phi Circuncírculo de AH_bH_c
S segunda interseção de phi com Gamma
2011/5/3 João Maldonado joao_maldona...@hotmail.com:
Olá colegas da lista
Oi João e colegas da obm-l.
Proponho outro problema a vocês
Também do livro de Geometria de Morgado:
Dois A e B pontos estão sobre o plano. Determine o ponto M sobre uma reta
qualquer r tal que AM + MB seja mínimo.
- a solução para o
e-mail de vocês.
Sds.,
Albert Bouskela
bousk...@msn.com
-Mensagem original-
De: owner-ob...@mat.puc-rio.br [mailto:owner-ob...@mat.puc-rio.br] Em
nome de Carlos Nehab
Enviada em: 28 de abril de 2011 17:30
Para: obm-l@mat.puc-rio.br
Assunto: Re: [obm-l] Geometria
Esta eh a lei da reflexão, na optica, e a demonstração mais simples é a do
Teixeira.
[ ]'s
-rio.br [mailto:owner-ob...@mat.puc-rio.br] Em
nome de Carlos Nehab
Enviada em: 28 de abril de 2011 17:30
Para: obm-l@mat.puc-rio.br
Assunto: Re: [obm-l] Geometria
Oi, João,
O seu exercício é um clássico.
Ai vai a dica. Um trabalho legal da Silvana: você vai gostar.
http
(Suponho que A e B estao do mesmo lado de r)
Seja A' o simetrico de A com relacao aa reta r.
Note que, dado um ponto S qualquer na reta r, o comprimento do caminho
poligonal ASB eh igual ao comprimento do caminho poligonal A'SB.
Assim, minimizar ASB eh o mesmo que minimizar A'SB. Mas o menor
Oi, João,
O seu exercício é um clássico.
Ai vai a dica. Um trabalho legal da Silvana: você vai gostar.
http://www.mat.puc-rio.br/~hjbortol/complexidade/complexidade-em-geometria.pdf
Capítulo 2 a partir da página 28
Olhe também a página 36.
Abraços,
Nehab
Em 26/4/2011 20:22, João Maldonado
Dado que BQC=50=QBC = QC=BC
Seja R um ponto de PB tal que RC=CB. Então BRC=80, RCB=20 = RCQ=60 =
triângulo RQC é equilátero = RQ=QC=RC=BC. De outro lado, como RCP=RPC=40 =
PR=RC, logo PR=RQ, ou seja que o triângulo PRQ é isósceles. Como PRQ=40 (180 -
60 - 80), então RPQ=RQP=70, portanto
Como o titulo eh Geometria Analitica -- seja C=(x,y). Note que o
triangulo tem que ser agudo em B -- entao x3.
Agora
tan CAB = y/x
tan CBA = y/(3-x)
Agora use que tan2z=2tanz/(1-(tanz)^2). Entao se CAB=2CBA faca as contas
...dah uma hiperbole.
Abraco,
Ralph
2011/2/24 Vinícius
(Tecnicamente, soh o ramo com x3)
2011/2/24 Ralph Teixeira ralp...@gmail.com:
Como o titulo eh Geometria Analitica -- seja C=(x,y). Note que o
triangulo tem que ser agudo em B -- entao x3.
Agora
tan CAB = y/x
tan CBA = y/(3-x)
Agora use que tan2z=2tanz/(1-(tanz)^2). Entao se CAB=2CBA
Se você puder postar aqui algumas questões, tenho certeza de que muitos
ajudarão você.
Um abraço
PC
Em 14 de fevereiro de 2011 03:12, Pierry �ngelo Pereira
pierryang...@gmail.com escreveu:
Olá a todos da lista,
Gostaria de perguntar se alguém dispõe da resolução dos livros de Geometria
I
Muitíssimo obrigado e boas festas!
Em 20 de dezembro de 2010 23:11, Eduardo Beltrao e-...@ig.com.br escreveu:
Prezado Marcelo,
Após algum tempo solucionando o problema proposto, cheguei a uma
resposta muito próxima da que você postou aqui. A solução transcrevo abaixo,
porém peço para que
Prezado Marcelo,
Após algum tempo solucionando o problema proposto, cheguei a uma
resposta muito próxima da que você postou aqui. A solução transcrevo abaixo,
porém peço para que verifique se o resultado correto é realmente (OG)^2 =
R^2 - 1/3*(A^2 + B^2 + C^2), e não (OG)^2 = R^2 - 1/9*(A^2 + B^2
Se não me engano este problema foi proposto numa Eureka! Assim que der
eu vejo qual o número, mas é recente (entre as últimas 8 ou 10).
Em 16/11/10, Luís Lopesqed_te...@hotmail.com escreveu:
Sauda,c~oes,
Pediram-me a solução do problema abaixo. Como muito provavelmente
tal problema já
Note primeiro que EF é base média do triângulo BCD,com isso temos que EF é
paraleloo a BD e EF =0,5.1=0,5.Como MN pertence a BD, MN é paralelo a EF,o
que implica que o triângulo EAF é semelhante ao tiângulo AMN.Agora seja AC a
outra diagonal do paralelogramo e seja O a intersecção as
1) Deve haver mais uma correção: o segmento EF não intersepta a diagonal BD
pois é paralelo à mesma. Admití : em lugar de EF leia-se AF.
Assim, por semelhança dos tirângulos BCD e ECF concluímos EF = 1/2.
Prolongando a reta r que contém EF, nos dois sentidos de tal modo que os
prolongamentos
Entendi,obrigado!
Date: Sun, 18 Jul 2010 19:57:37 -0700
From: cysh...@yahoo.com
Subject: Re: [obm-l] Geometria Olimpica
To: obm-l@mat.puc-rio.br
Claro!
Para facilitar, seja BC o lado de medida a, AB o lado de medida a-d e AC o lado
de medida a+d. O ponto médio é M e o pé da bissetriz é
Daria para explicar como obter a expressão (a/2-a(a-d)/(a-d+a+d))?
Date: Fri, 16 Jul 2010 08:19:49 -0700
From: cysh...@yahoo.com
Subject: Re: [obm-l] Geometria Olimpica
To: obm-l@mat.puc-rio.br
Nossa, quantas soluções bacanas! Eu pensei nessa aqui:
Sejam a - d, a, a + d os lados do
From: marconeborge...@hotmail.com
To: obm-l@mat.puc-rio.br
Subject: RE: [obm-l] Geometria Olimpica
Date: Mon, 19 Jul 2010 00:40:49 +
Daria para explicar como obter a expressão (a/2-a(a-d)/(a-d+a+d))?
Date: Fri, 16 Jul 2010 08:19:49 -0700
From: cysh
or
3b.IG = d.(GA - GC) = d.CA
and hence |IG| = |CA|.d/3b = d/3.
Best regards
Nikos Dergiades
From: qed_te...@hotmail.com
To: obm-l@mat.puc-rio.br
Subject: RE: [obm-l] Geometria Olimpica
Date: Thu, 15 Jul 2010 20:06:14 +
Sauda,c~oes,
Três soluções de um outro grupo.
[]'s
Luis
== 1
Subject: RE: [obm-l] Geometria Olimpica
Sauda,c~oes,
Seria legal conhecer outras soluções dos membros
da lista e da própria OBM.
Seguem outra solução de ND e correções de APH.
[]'s
Luis
=
Lemma 1:
In every triangle:
Lemma 1:
GI^2 = (bc+ca+ab)/3 - (a^2+b^2+c^2)/9 - 4Rr
Lemma 2
= intesection of AY1 and CY2
G = intesection of AA1 and CC1
From this construction: GI//AC and
GI = 2/3*A1Y1 = 2/3*1/2*CX1 = 1/3*CX1 = d/3
Best regards,
Bui Quang Tuan
From: marconeborge...@hotmail.com
To: obm-l@mat.puc-rio.br
Subject: RE: [obm-l] Geometria Olimpica
Date: Tue, 13 Jul 2010 21:51
of AB
I = intesection of AY1 and CY2
G = intesection of AA1 and CC1
From this construction: GI//AC and
GI = 2/3*A1Y1 = 2/3*1/2*CX1 = 1/3*CX1 = d/3
Best regards,
Bui Quang Tuan
From: marconeborge...@hotmail.com
To: obm-l@mat.puc-rio.br
Subject: RE: [obm-l] Geometria Olimpica
Date: Tue, 13
Estou enviando, pois achei o problema muito bonito.
Abs
Felipe
--- Em ter, 13/7/10, Thiago Tarraf Varella thiago_...@hotmail.com escreveu:
De: Thiago Tarraf Varella thiago_...@hotmail.com
Assunto: RE: [obm-l] Geometria Olimpica
Para: OBM Lista obm-l@mat.puc-rio.br
Data: Terça-feira, 13 de
Muito ´´bonito´´ mesmo.Seria muito interessante ver soluções diferentes
postadas aqui neste fabuloso espaço.
Date: Tue, 13 Jul 2010 14:36:06 -0700
From: luizfelipec...@yahoo.com.br
Subject: RE: [obm-l] Geometria Olimpica
To: obm-l@mat.puc-rio.br
Estou enviando, pois achei o problema
obrigado!
Faltou enxergar o triângulo isósceles!!
Em 21 de abril de 2010 12:20, Eduardo Wilner
eduardowil...@yahoo.com.brescreveu:
Ocorreu uma rotação de 90° em torno do vértice C. Assim, o triângulo BEC é
isoceles e retângulo, logo o CBE = 45°
Abraços
Wilner
--- Em *qua, 21/4/10,
Ocorreu uma rotação de 90° em torno do vértice C. Assim, o triângulo BEC é
isoceles e retângulo, logo o CBE = 45°
Abraços
Wilner
--- Em qua, 21/4/10, Marcelo Costa mat.mo...@gmail.com escreveu:
De: Marcelo Costa mat.mo...@gmail.com
Assunto: [obm-l] Geometria (ângulos) bem
Ola Marcelo,
O mais próximo que existe é vc determinar se o triângulo é obtusângulo,
acutângulo ou retângulo. Dados a, b e c. Admitndo-se que c é o maior lado :
Se c^2b^2+a^2 - acutangulo
Se c^2=b^2+a^2 - retangulo
Se c^2b^2+a^2 - obtusangulo.
Uma outra maneira de se chegar aos ângulos,
2010/3/22 Fabio Bernardo prof_fabioberna...@yahoo.com.br:
Use a síntese clariaut
Se o quadrado do maior lado for igual a soma dos quadrados dos outros lados,
o triângulo é retângulo.
Se for menor ele é acutângulo e se for maior é obtusângulo.
Que é exatamente o que o Luiz silva escreveu.
E
Eu agradeço muito a vocês era isso mesmo, confeso que não tinha conhecimento
da síntese do Teorema de Clariaut, valeu mesmo, muitíssimo obrigado a todos!
Que Deus continue nos abençoando hoje e sempre!
Em 22 de março de 2010 17:26, Bernardo Freitas Paulo da Costa
bernardo...@gmail.com escreveu:
Manoel P G Neto Neto wrote:
Olá pessoal,
Imagino que seja um exercício simples, no entanto não
consegui solucioná-lo. Se alguém puder me ajudar,
agradeço.
Dada a reta (A)(B), onde A[3; 7; 2] e B[10; 3; 8], determinar
sobre esta reta, um ponto tal que o afastamento seja o triplo
da cota.
Pelo enunciado fica claro que o trapézio é circunscrito.
Então traçando uma paralela a altura h do trapézio, formamos um triângulo
retângulo cujos catetos são h e 25 (59 - 34) e hipotenusa 93 - h (34 + 53 =
h + a) Pitot.
daí (93-h)^2 = h^2 + 25^2 = h = 8024/186.
Logo a área do trapézio = 93/2
A resposta é 2106?
Observe que o ponto onde a árvore se localiza é interno ao trapézio e é o
centro da circunferência inscrita. Logo a soma de dois lados opostos é igual
à soma dos outros dois lados opostos (a soma das bases é igual a soma da
altura H com o lado oblíquo X). Isto quer dizer que 34
Ops... Achei um pequeno erro!!! a diferença entre as bases é 25, e não 15
como mencionado... Assim, a diferença entre as bases, o lado oblíquo e a
altura do trapézio formam um triângulo retângulo de lados iguais a 25, X e
H, respectivamente, com X sendo a hipotenusa. Logo, X² = 25² + H² = (93 -
Considere um segmento B'D' de comprimento 5raiz(2). Trace um circulo
com diametro B'D' e seja C' o medio do arco B'D'. Note que
B'C'=C'D'=5.
Agora marque M' no OUTRO arco B'D' de forma que B'M'=2.5. Note que
B'M'D'=90 graus, e que B'M'C'=B'D'C'=45 graus (angulo inscrito).
Bom, eu afirmo que
Oi Pessoal,
O email q enviei não chegou para mim, nem vi nos arquivos da lista, então estou
reenviando.
Abs
Felipe
--- Em seg, 9/11/09, luiz silva luizfelipec...@yahoo.com.br escreveu:
De: luiz silva luizfelipec...@yahoo.com.br
Assunto: Re: [obm-l] geometria
Para: obm-l@mat.puc-rio.br
Data
--- Em *sáb, 7/11/09, Marcelo Costa mat.mo...@gmail.com* escreveu:
De: Marcelo Costa mat.mo...@gmail.com
Assunto: Re: [obm-l] geometria
Para: obm-l@mat.puc-rio.br
Data: Sábado, 7 de Novembro de 2009, 1:10
Me veio algo, como posso afirmar que DM é paralelo à AB?
2009/11/6 Marcelo
Ola Marcelo,
Procure por triângulos isósceles
Abs
Felipe
--- Em sáb, 7/11/09, Marcelo Costa mat.mo...@gmail.com escreveu:
De: Marcelo Costa mat.mo...@gmail.com
Assunto: Re: [obm-l] geometria
Para: obm-l@mat.puc-rio.br
Data: Sábado, 7 de Novembro de 2009, 1:10
Me veio algo, como posso
Ola,
Qdo ligamos DM, temos que DM=MC=AM, pois DM é mediana do triangulo retangulo
ACD. Isso resolve o problema.
Abs
Felipe
--- Em dom, 8/11/09, Eduardo Wilner eduardowil...@yahoo.com.br escreveu:
De: Eduardo Wilner eduardowil...@yahoo.com.br
Assunto: Re: [obm-l] geometria
Para: obm-l
: Ralph Teixeira ralp...@gmail.com
Assunto: Re: [obm-l] geometria
Para: obm-l@mat.puc-rio.br
Data: Domingo, 8 de Novembro de 2009, 11:28
Acho que o buraco eh mais embaixo -- aa primeira vista, o problema me parece
ser sobredeterminado...
Explico: chamando BD=x, temos AB=x/cos50 e AD=x.tan50
...@gmail.com* escreveu:
De: Marcelo Costa mat.mo...@gmail.com
Assunto: Re: [obm-l] geometria
Para: obm-l@mat.puc-rio.br
Data: Sábado, 7 de Novembro de 2009, 1:10
Me veio algo, como posso afirmar que DM é paralelo à AB?
2009/11/6 Marcelo Costa
mat.mo...@gmail.comhttp://mc/compose?to=mat.mo
Realmente Marcelo, de onde saiu este triângulo mágico?
[]'s
Wilner
--- Em sáb, 7/11/09, Marcelo Costa mat.mo...@gmail.com escreveu:
De: Marcelo Costa mat.mo...@gmail.com
Assunto: Re: [obm-l] geometria
Para: obm-l@mat.puc-rio.br
Data: Sábado, 7 de Novembro de 2009, 1:10
Me veio algo, como posso
Não entendí esta de ligar D a M ? Poderia explicar ?
Achei o problema bizarro e parece que, para ângulos menores que 90°, dá 53,4°
???
--- Em sáb, 7/11/09, Marcelo Costa mat.mo...@gmail.com escreveu:
De: Marcelo Costa mat.mo...@gmail.com
Assunto: Re: [obm-l] geometria
Para: obm-l@mat.puc
valeu, obrigado, lamentavelmente não enxerguei o trapézio, arg que raiva!
Mas valeu de coração.
2009/11/5 luiz silva luizfelipec...@yahoo.com.br
Ola Marcelo,
Ligue os pontos D e M e corra para o abraço ::))
Abs
Felipe
--- Em *qui, 5/11/09, Marcelo Costa mat.mo...@gmail.com* escreveu:
Ola Marcelo,
Ligue os pontos D e M e corra para o abraço ::))
Abs
Felipe
--- Em qui, 5/11/09, Marcelo Costa mat.mo...@gmail.com escreveu:
De: Marcelo Costa mat.mo...@gmail.com
Assunto: [obm-l] geometria
Para: obm-l@mat.puc-rio.br
Data: Quinta-feira, 5 de Novembro de 2009, 18:52
Num
Â
Carpe Dien
Em 31/10/2009 08:19, Robério Alves prof_robe...@yahoo.com.br escreveu:
Como é que resolve essa questão ?Encontre o foco da parábola y = x^2 + 2x + i
Veja quais são os assuntos do momento no Yahoo! + Buscados: Top 10 - Celebridades - Música - Esportes
Preturlan, esta questão do CN é de que ano?
Se M fosse ponto médio de HX e não de BC a solução apresentada seria legal.
Como o CN geralmente comete erros nos enunciados, esta está parecendo mais
uma.
Em todo caso se você conseguir uma solução não se esqueça de postar.
2009/6/5 Joâo Gabriel
Em 03/06/2009 23:25, Joâo Gabriel Preturlan jgpretur...@uol.com.br escreveu:
Gostaria de ajuda na seguinte questão:
Â
âSejam o triângulo ABC de lados AB= 25, AC=26, BC=27cm, H o ortocentro de ABC e M o ponto médio do lado BC. Seja X o ponto em que a reta HM intersecta o arco BC(que
Ola Jorge e demais colegas
desta lista ... OBM-L,
Dados n pontos no plano (n=3), o número de distâncias distintas entre eles
é, pelo menos (n-3/4)^1/2-1/2 . (Problema Difícil!)
1) No excerto de mensagem acima voce deve estar se referindo a { [ N -
(3/4) ]^(1/2) } - (1/2) e nao a { [ (N - 3 )
Em 03/06/2009 13:03, Paulo Santa Rita paulo.santar...@gmail.com escreveu:
Ola Jorge e demais colegasdesta lista ... OBM-L, Dados n pontos no plano (n=3), o número de distâncias distintas entre eles é, pelo menos (n-3/4)^1/2-1/2 . (Problema DifÃcil!)1) No excerto de mensagem acima voce deve
Em 03/06/2009 21:32, Thelio Gama teliog...@gmail.com escreveu:
Boa noite professores,
Essa questão em anexo é do Colégio naval e não consigo resolver apesar de já ter traçado todas as retas que minha imaginação permitiu. Poderiam dar uma explicação.Â
Agradeço a ajuda,
Thelio
Em 02/06/2009 13:06, Jorge Luis Rodrigues e Silva Luis jorgelrs1...@hotmail.com escreveu:
.hmmessage P { margin:0px; padding:0px } body.hmmessage { font-size: 10pt; font-family:Verdana }
Turma! Continuo intrigado com uma possÃvel resolução combinatória proposta pelo colega Fernando já que
Em 26/05/2009 09:00, Fernando Lima Gama Junior fgam...@gmail.com escreveu:Começou...
Fernando GamaSent from Brasilia, DF, Brazil
2009/5/26
Em 25/05/2009 22:05, Carlos Nehab < ne...@infolink.com.br > escreveu:
Aos aficcionados:Três problemas clássicos e
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